2019年江蘇省南通市高考物理一模試卷

1、2019年江蘇省南通市高考物理一模試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意.1（3分）如圖所示，豎直墻面上有一只壁虎從a點(diǎn)沿水平直線加速運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，此過(guò)程中壁虎受到摩擦力的方向是（）a斜向右上方b斜向左上方c水平向左d豎直向上2（3分）如圖所示，小燈泡的規(guī)格為“6v3w”，r34，電源內(nèi)阻r1閉合開(kāi)關(guān)s，燈泡l正常發(fā)光，電壓表示數(shù)為零，電流表示數(shù)為1a，電表均為理想電表，則電源電動(dòng)勢(shì)e和電源輸出功率p分別為（）ae8v，p6wbe8v，p7wce9v，p8wde9v，p9w3（3分）如圖所示，斜面上從a點(diǎn)水平拋出的小球落在b點(diǎn)，球到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度大小為

2、v，方向與斜面夾角為現(xiàn)將小球從圖中斜面上c點(diǎn)拋出，恰能水平擊中a點(diǎn)，球在c點(diǎn)拋出時(shí)的速度大小為v1，方向與斜面夾角為則（）a，v1vb，v1vc，v1vd，v1v4（3分）利用圖示裝置研究自感現(xiàn)象，l為自感系數(shù)較大的線圈，兩導(dǎo)軌相互平行，處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。導(dǎo)體棒ab以速度v0沿導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，燈泡的電功率為p1；棒ab沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)至速度為v0時(shí)，燈泡的電功率為p2則（）ap1p2bp1p2cp1p2d無(wú)法比較p1和p2的大小5（3分）如圖所示，半徑為r的半球形容器固定在水平轉(zhuǎn)臺(tái)上，轉(zhuǎn)臺(tái)繞過(guò)容器球心o的豎直軸線以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。質(zhì)量不同的小物塊a、b隨容器轉(zhuǎn)動(dòng)且相對(duì)器壁靜止，a、b和球心o點(diǎn)連線

3、與豎直方向的夾角分別為和，則（）aa的質(zhì)量一定小于b的質(zhì)量ba、b受到的摩擦力可能同時(shí)為零c若a不受摩擦力，則b受沿容器壁向上的摩擦力d若增大，a、b受到的摩擦力可能都增大二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分.每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分.6（4分）2018年6月14日。承擔(dān)嫦娥四號(hào)中繼通信任務(wù)的“鵲橋”中繼星抵達(dá)繞地月第二拉格朗日點(diǎn)的軌道。第二拉格朗日點(diǎn)是地月連線延長(zhǎng)線上的一點(diǎn)，處于該位置上的衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的（）a向心力僅來(lái)自于地球引力b線速度大于月球的線速度c角速度大于月球的角速度d向心加速度大于月球

4、的向心加速度7（4分）科考人員在北極乘車行進(jìn)，由于地磁場(chǎng)的作用，汽車后輪輪軸（如圖所示）的左、右兩端電勢(shì)高低情況是（）a從東向西運(yùn)動(dòng)，左端電勢(shì)較高b從東向西運(yùn)動(dòng)，右端電勢(shì)較高c從西向東運(yùn)動(dòng)，左端電勢(shì)較高d從西向東運(yùn)動(dòng)，右端電勢(shì)較高8（4分）如圖所示，某質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象為余弦曲線，從圖中可以判斷（）a在0t1時(shí)間內(nèi)，合力逐漸減小b在0t1時(shí)間內(nèi)，合力做正功c在t1t2時(shí)間內(nèi)，合力的功率先增大后減小d在t2t4時(shí)間內(nèi)，合力做的總功為零9（4分）圖示空間有一靜電場(chǎng)，y軸上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向沿y軸正方向豎直向下，兩小球p、q用長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線連接，靜止在軸上a、b兩點(diǎn)。兩球質(zhì)量均為m，q球帶負(fù)電，

5、電荷量為q，a點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)o的距離l，y軸上靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小e剪斷細(xì)線后，q球運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最低點(diǎn)c與b點(diǎn)的距離為h，不計(jì)兩球間的靜電力作用。則（）ap球帶正電bp球所帶電荷量為4qcb、c兩點(diǎn)間電勢(shì)差為d剪斷細(xì)線后，q球與o點(diǎn)相距3l時(shí)速度最大三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題（第10、11、12題）和選做題兩部分，共計(jì)42分.【必做題】10（8分）某探究小組驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的裝置如圖甲所示，細(xì)線一端拴一個(gè)球，另一端連接力傳感器，固定在天花板上，傳感器可記錄球在擺動(dòng)過(guò)程中細(xì)線拉力大小，用量角器量出釋放球時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角，用天平測(cè)出球的質(zhì)量為m，重力加速度為g。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球直徑如圖乙所示，

6、讀數(shù)為 mm。（2）將球拉至圖示位置，細(xì)線與豎直方向夾角為，靜止釋放球，發(fā)現(xiàn)細(xì)線拉力在球擺動(dòng)過(guò)程中作周期性變化。為求出球在最低點(diǎn)的速度大小，應(yīng)讀取拉力的 （選填“最大值”或“最小值”），其值為f。（3）球從靜止釋放運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中，滿足機(jī)械能守恒的關(guān)系式為 （用測(cè)定物理量的符號(hào)表示）。（4）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的有 。a細(xì)線要選擇伸縮性小的b球盡量選擇密度大的c不必測(cè)出球的質(zhì)量和細(xì)線的長(zhǎng)度d可以直接用彈簧測(cè)力計(jì)代替力傳感器進(jìn)行實(shí)驗(yàn)11（10分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路，測(cè)量定值電阻的阻值、電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。使用的器材有：待測(cè)定值電阻r1（約幾歐）、待測(cè)電源e、電流表a、電阻箱r2（

7、0999.9）、開(kāi)關(guān)兩個(gè)及導(dǎo)線若干。（1）請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線在圖乙中完成實(shí)物電路的連接。（2）測(cè)量r1的值時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)s1前，調(diào)節(jié)r2至 （選填“最大值”或“最小值”），然后閉合開(kāi)關(guān)s1和s2，調(diào)節(jié)r2使電流表示數(shù)為i，此時(shí)r2的值為7.8；再斷開(kāi)s2，將r2調(diào)到5.8時(shí)，電流表示數(shù)也為i則r1的值為 。（3）測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)e和內(nèi)阻r時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)s1、斷開(kāi)s2，調(diào)節(jié)r2，得到r2和對(duì)應(yīng)電流i的多組數(shù)據(jù)，作出r2圖象如圖丙所示。則電源電動(dòng)勢(shì)e v，內(nèi)阻r （結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）若電流表a內(nèi)阻不可忽略，則r的測(cè)量值 （選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。選修3-5（12分）12（4分）下列

8、說(shuō)法中正確的有（）a氡核的半衰期為3.8天、20個(gè)氡原子核經(jīng)7.6天后剩下5個(gè)氡原子核b由質(zhì)能方程可知，物體的能量發(fā)生變化時(shí)，物體的質(zhì)量也相應(yīng)變化c鐳核發(fā)生一次衰變時(shí)，產(chǎn)生的新核與原來(lái)的原子核相比，中子數(shù)減少了4d釷核發(fā)生衰變后，產(chǎn)生新核的比結(jié)合能大于原來(lái)釷核的比結(jié)合能13（4分）真空中有不帶電的金屬鉑板和鉀板，其極限波長(zhǎng)分別為1和2，用波長(zhǎng)為（12）的單色光持續(xù)照射兩板表面，則帶上正電的金屬板是 （選填“鉑板”或“鉀板”）。已知真空中光速為c，普朗克常量為h，從金屬板表面飛出的電子的最大初動(dòng)能為 w。14（4分）如圖所示，質(zhì)量為m的木塊位于光滑水平面上，木塊與墻間用輕彈簧連接，開(kāi)始時(shí)木塊靜止

9、在a位置?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射向木塊并嵌入其中，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，木塊第一次回到a位置，彈簧在彈性限度內(nèi)。求：木塊第一次回到a位置時(shí)速度大小v；此過(guò)程中墻對(duì)彈簧沖量大小i?！具x做題】本題包括a、b兩小題，請(qǐng)選定其中一小題，并作答若多做，則按a小題評(píng)分。a選修3-3（12分）15（4分）下列說(shuō)法中正確的有（）a液面上方的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)就不會(huì)有液體分子從液面飛出b液體表面層分子間的平均距離等于液體內(nèi)部分子間的平均距離c用磙子壓緊土壤，可以把地下的水引上來(lái)，這屬于毛細(xì)現(xiàn)象d在完全失重的情況下，熔化的金屬能夠收縮成球形16（4分）如圖所示，密閉絕熱容器內(nèi)有一活塞，活塞的上部封閉著氣體，下部

10、為真空。真空區(qū)域輕彈簧的一端固定在容器的底部，另一端固定在活塞上，彈簧被壓縮后用繩扎緊。繩突然繃斷，活塞上升過(guò)程中，氣體的內(nèi)能 （選填“增加”“減少”或“不變”），氣體分子的平均速率 （選填“變大”“變小”或“不變”）。17（4分）如圖所示，空的飲料罐中插入一根粗細(xì)均勻的透明吸管，接口處密封，吸管內(nèi)注入一小段油柱（長(zhǎng)度可以忽略），制成簡(jiǎn)易氣溫計(jì)。已知飲料罐的容積為v，吸管內(nèi)部橫截面積為s，接口外吸管的長(zhǎng)度為l0當(dāng)溫度為t1時(shí)，油柱與接口相距l(xiāng)1，不計(jì)大氣壓的變化。簡(jiǎn)要說(shuō)明吸管上標(biāo)示的氣溫刻度是否均勻？求氣溫計(jì)能測(cè)量的最高溫度tm。b選修3-4（12分）18（2分）利用圖示裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象并

11、測(cè)量光的波長(zhǎng)，下列說(shuō)法中正確的有（） a實(shí)驗(yàn)裝置中的元件分別為濾光片、單縫、雙縫b將濾光片由紫色換成紅色，干涉條紋間距變寬c將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，干涉條紋間距變寬d測(cè)量過(guò)程中誤將5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，波長(zhǎng)測(cè)量值偏大19（4分）一種簡(jiǎn)易地震儀由豎直放置的彈簧振子a和水平放置的彈簧振子b組成，如圖所示，可以粗略測(cè)定震源的深度。某次地震中，震源在地震儀的正下方，地震波中的橫波和縱波傳播速度分別為v1和v2（v1v2），觀察到兩振子開(kāi)始振動(dòng)的時(shí)間差為t，則 （選填“a”或“b”）彈簧振子先開(kāi)始振動(dòng)，震源與地震儀距離約為 w。20（6分）有一種用于電子顯示屏的發(fā)光二極管，其管芯的發(fā)光區(qū)域是直徑為

12、d的圓面，p為o點(diǎn)正上方球面上的一點(diǎn)，發(fā)光二極管中半球體介質(zhì)的半徑為r，如圖所示。若介質(zhì)的折射率n1，真空中光速為c，求光從a點(diǎn)沿直線傳播到p點(diǎn)的時(shí)間t；為使從發(fā)光面ab發(fā)出的光在球面上都不發(fā)生全反射，介質(zhì)的折射率n應(yīng)滿足什么條件？四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分.解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟.只寫(xiě)出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位.21（15分）如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌水平放置，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為l，一端連接阻值為r的電阻。一金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量為m，接入電路的電阻為r。水平放置的

13、輕彈簧左端固定，右端與金屬棒中點(diǎn)連接，彈簧勁度系數(shù)為k。整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)給導(dǎo)體棒一個(gè)水平向右的初速度v0，第一次運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)，棒的加速度大小為a。棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，彈簧在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g。求：（1）金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的安培力f的大小和方向；（2）金屬棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)，通過(guò)電阻r的電荷量q；（3）金屬棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終停止的整個(gè)過(guò)程中，電阻r上產(chǎn)生的熱量q。22（16分）如圖所示，光滑固定斜面上有一楔形物體a，a的上表面水平，a上放置一物塊b已知斜面足夠長(zhǎng)、傾角為，a的質(zhì)量為m，b的質(zhì)量為m，a、b間動(dòng)摩擦因數(shù)為（），最大靜摩擦力等于滑動(dòng)

14、摩擦力，重力加速度為g?，F(xiàn)對(duì)a施加一水平推力，求：（1）物體a、b保持靜止時(shí)，水平推力的大小f1；（2）水平推力大小為f2時(shí)，物體a、b一起沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)距離x后撤去推力，a、b仍一起沿斜面上滑，整個(gè)過(guò)程中物體上滑的最大距離l；（3）為使a、b在推力作用下能一起沿斜面上滑，推力f應(yīng)滿足的條件。23（16分）如圖所示，真空中一對(duì)平行金屬板長(zhǎng)為l，兩板間有垂直板面向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從兩板中央沿中線進(jìn)入電場(chǎng)，粒子射出平行板時(shí)速度大小為v，方向與中線夾角為板右側(cè)有一上、下范圍足夠大的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁場(chǎng)方向與紙面垂直，磁場(chǎng)邊界與兩板中線垂直，不計(jì)粒子重力，忽略板外空

15、間的電場(chǎng)。（1）求勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小e；（2）若磁場(chǎng)區(qū)寬度為d0，欲使粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后從左邊界穿出，求磁感應(yīng)強(qiáng)度b滿足的條件；（3）在兩板中線右側(cè)延長(zhǎng)線上有一點(diǎn)p，p點(diǎn)與板右端的距離為l若磁場(chǎng)區(qū)的位置可左右平移，磁場(chǎng)寬度可以改變。粒子經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后能到達(dá)p點(diǎn)，且速度方向與中線夾角仍為，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值bmin。2019年江蘇省南通市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計(jì)15分.每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意.1（3分）如圖所示，豎直墻面上有一只壁虎從a點(diǎn)沿水平直線加速運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，此過(guò)程中壁虎受到摩擦力的方向是（）a斜向右上方b斜向左上方c水平向左d豎直向

16、上【考點(diǎn)】27：摩擦力的判斷與計(jì)算菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】31：定性思想；43：推理法；524：摩擦力專題【分析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況來(lái)判定加速度方向，依據(jù)牛頓第二定律，判定合力方向，再結(jié)合受力分析，與力的合成法則，從而判定摩擦力方向?！窘獯稹拷猓贺Q直墻面上有一只壁虎從a點(diǎn)沿水平直線加速運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，因此加速度方向由a指向b，根據(jù)牛頓第二定律，可知，合力方向由a指向b，壁虎除受到重力外，還受到摩擦力，根據(jù)矢量的合成法則，那么壁虎受到摩擦力的方向斜向左上方，故acd錯(cuò)誤，b正確；故選：b。【點(diǎn)評(píng)】考查由運(yùn)動(dòng)情況來(lái)分析受力情況，掌握牛頓第二定律與矢量的合成法則的內(nèi)容，注意靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力的區(qū)別。2（3分）

17、如圖所示，小燈泡的規(guī)格為“6v3w”，r34，電源內(nèi)阻r1閉合開(kāi)關(guān)s，燈泡l正常發(fā)光，電壓表示數(shù)為零，電流表示數(shù)為1a，電表均為理想電表，則電源電動(dòng)勢(shì)e和電源輸出功率p分別為（）ae8v，p6wbe8v，p7wce9v，p8wde9v，p9w【考點(diǎn)】bb：閉合電路的歐姆定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專題【分析】燈l與r3串聯(lián)，r1與r2串聯(lián)，然后兩個(gè)支路并聯(lián)，根據(jù)燈泡正常發(fā)光可以求出電路中各支路的電流及電源輸出功率?！窘獯稹拷猓簾襞菡０l(fā)光，燈泡的電阻r112，所以外電路的電壓u6+28v，電源電動(dòng)勢(shì)e8+ir9v，電源輸出功率pui8w，故c正確，a

18、bd錯(cuò)誤；故選：c。【點(diǎn)評(píng)】本題是電路的靜態(tài)分析問(wèn)題，按局部到整體順序分析即可。3（3分）如圖所示，斜面上從a點(diǎn)水平拋出的小球落在b點(diǎn)，球到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度大小為v，方向與斜面夾角為現(xiàn)將小球從圖中斜面上c點(diǎn)拋出，恰能水平擊中a點(diǎn)，球在c點(diǎn)拋出時(shí)的速度大小為v1，方向與斜面夾角為則（）a，v1vb，v1vc，v1vd，v1v【考點(diǎn)】43：平拋運(yùn)動(dòng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】32：定量思想；43：推理法；518：平拋運(yùn)動(dòng)專題【分析】小球從斜面上拋出又落到斜面上，位移偏角的正切值為定值tan，故其速度偏角的正切值tan為定值，即tan2tan，故可判斷與關(guān)系；根據(jù)動(dòng)能定理可直接判斷落點(diǎn)速度的大小關(guān)系；【解答】

19、解：由平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律得：tan解得：t由圖知 tan（+）2tan所以可知速度方向與斜面夾角與拋出速度無(wú)關(guān)，故；從a到b過(guò)程，據(jù)動(dòng)能定理有：同理從a到c，據(jù)動(dòng)能定理有：因habhac，故v1v，故bcd錯(cuò)誤，a正確；故選：a?！军c(diǎn)評(píng)】物體在斜面上做平拋運(yùn)動(dòng)落在斜面上，豎直方向的位移與水平方向上的位移比值是一定值。以及知道在任一時(shí)刻速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍。4（3分）利用圖示裝置研究自感現(xiàn)象，l為自感系數(shù)較大的線圈，兩導(dǎo)軌相互平行，處于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。導(dǎo)體棒ab以速度v0沿導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，燈泡的電功率為p1；棒ab沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)至速度為v0時(shí)，燈泡的電功率為p2則（

20、）ap1p2bp1p2cp1p2d無(wú)法比較p1和p2的大小【考點(diǎn)】bb：閉合電路的歐姆定律；d9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；de：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】34：比較思想；43：推理法；53c：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合【分析】導(dǎo)體棒ab以速度v0沿導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，線圈沒(méi)有自感電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生。棒ab沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生逐漸增大的感應(yīng)電流，線圈要產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，根據(jù)能量轉(zhuǎn)化情況分析?！窘獯稹拷猓簩?dǎo)體棒ab以速度v0沿導(dǎo)軌勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電流，線圈沒(méi)有自感電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生，則燈泡的電功率p1。棒ab沿導(dǎo)軌加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生逐漸增大的感應(yīng)電流，線圈要產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙

21、電流的增大，則燈泡的電壓小于blv0，則燈泡的電功率p2所以p1p2。故選：b?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題時(shí)要知道：線圈中電流不變時(shí)，不產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，當(dāng)線圈中電流變化時(shí)要產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙電流的變化。5（3分）如圖所示，半徑為r的半球形容器固定在水平轉(zhuǎn)臺(tái)上，轉(zhuǎn)臺(tái)繞過(guò)容器球心o的豎直軸線以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。質(zhì)量不同的小物塊a、b隨容器轉(zhuǎn)動(dòng)且相對(duì)器壁靜止，a、b和球心o點(diǎn)連線與豎直方向的夾角分別為和，則（）aa的質(zhì)量一定小于b的質(zhì)量ba、b受到的摩擦力可能同時(shí)為零c若a不受摩擦力，則b受沿容器壁向上的摩擦力d若增大，a、b受到的摩擦力可能都增大【考點(diǎn)】2g：力的合成與分解的運(yùn)用；3c：共點(diǎn)力的平衡菁優(yōu)網(wǎng)版

22、權(quán)所有【專題】32：定量思想；4c：方程法；51a：圓周運(yùn)動(dòng)中的臨界問(wèn)題【分析】分別求出a和b受到的摩擦力為零時(shí)對(duì)應(yīng)的角速度大小，比較二者相對(duì)運(yùn)動(dòng)情況，由此分析摩擦力的方向和變化情況?！窘獯稹拷猓篴、根據(jù)題目條件無(wú)法確定a的質(zhì)量和b的質(zhì)量的大小，故a錯(cuò)誤；b、以a為研究對(duì)象，假設(shè)不受摩擦力，a受到重力和支持力，合力提供向心力，如圖所示，設(shè)此時(shí)對(duì)應(yīng)的角速度為a，根據(jù)牛頓第二定律可得magtanmaraa2，其中rarsin，則a；同理可得當(dāng)b的摩擦力為零時(shí)，角速度b；由于，故a、b受到的摩擦力不可能同時(shí)為零，故b錯(cuò)誤；c、若a不受摩擦力，整體轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ab；則b有向上的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，故b受沿容器壁

23、向下的摩擦力，故c錯(cuò)誤；d、若轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度a，a和b受沿容器壁向下的摩擦力，如果角速度增大，則a、b受到的摩擦力都增大，故d正確。故選：d?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查圓周運(yùn)動(dòng)的向心力來(lái)源，弄清楚受力情況和臨界條件的分析是關(guān)鍵。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計(jì)16分.每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題意，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，錯(cuò)選或不答的得0分.6（4分）2018年6月14日。承擔(dān)嫦娥四號(hào)中繼通信任務(wù)的“鵲橋”中繼星抵達(dá)繞地月第二拉格朗日點(diǎn)的軌道。第二拉格朗日點(diǎn)是地月連線延長(zhǎng)線上的一點(diǎn)，處于該位置上的衛(wèi)星與月球同步繞地球公轉(zhuǎn)，則該衛(wèi)星的（）a向心力僅來(lái)自于地球引力b線速度大于月球的

24、線速度c角速度大于月球的角速度d向心加速度大于月球的向心加速度【考點(diǎn)】4a：向心力；4f：萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】31：定性思想；43：推理法；528：萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題【分析】物體繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道周期與月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道周期相同，結(jié)合軌道半徑的關(guān)系得出線速度、角速度、向心加速度的大小關(guān)系?！窘獯稹拷猓篴“鵲橋”受到地球和月球的引力，二者合力提供向心力，故a錯(cuò)誤；b、因?yàn)橹芷谙嗤?，線速度v，軌道半徑大，則線速度大，所以中繼衛(wèi)星的線速度大于月球的線速度，故b正確；c、因?yàn)橹芷谙嗤撬俣?，知中繼衛(wèi)星的角速度與月球的角速度相等，故c錯(cuò)誤；d、因?yàn)橹芷谙嗤蛐募?/p>

25、速度a，軌道半徑越大，則向心加速度越大，所以中繼衛(wèi)星的向心加速度大于月球的向心加速度，故d正確；故選：bd?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道物體做圓周運(yùn)動(dòng)，靠地球和月球引力的合力提供向心力。不能認(rèn)為靠地球的萬(wàn)有引力提供向心力進(jìn)行分析求解，另外還要僅僅抓住：中繼衛(wèi)星在地月引力作用下繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期與月球繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)的周期相同。7（4分）科考人員在北極乘車行進(jìn)，由于地磁場(chǎng)的作用，汽車后輪輪軸（如圖所示）的左、右兩端電勢(shì)高低情況是（）a從東向西運(yùn)動(dòng)，左端電勢(shì)較高b從東向西運(yùn)動(dòng)，右端電勢(shì)較高c從西向東運(yùn)動(dòng)，左端電勢(shì)較高d從西向東運(yùn)動(dòng)，右端電勢(shì)較高【考點(diǎn)】dc：右手定則菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】1：常規(guī)題型；28：

26、設(shè)計(jì)與制作題；31：定性思想；4e：模型法【分析】地球的北極是地磁場(chǎng)的南極，根據(jù)右手定則判斷電勢(shì)的高低?！窘獯稹拷猓旱厍虻谋睒O是地磁場(chǎng)的南極，磁場(chǎng)方向從上到下，題中沒(méi)有閉合回路，可假設(shè)后輪輪軸與其他導(dǎo)線構(gòu)成回路，則ab從東向西運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則可知感應(yīng)電流的方向從右向左，則可知左端電勢(shì)較高，故a正確，b錯(cuò)誤；cd從西向東運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)右手定則可知感應(yīng)電流的方向從右向左，則可知左端電勢(shì)較高，故c正確，d錯(cuò)誤。故選：ac?！军c(diǎn)評(píng)】本題首先要了解地磁場(chǎng)的分布情況，其次要有空間想象能力，運(yùn)用右手定則判斷電勢(shì)的高低。8（4分）如圖所示，某質(zhì)點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)的vt圖象為余弦曲線，從圖中可以判斷（）a在0t1時(shí)

27、間內(nèi)，合力逐漸減小b在0t1時(shí)間內(nèi)，合力做正功c在t1t2時(shí)間內(nèi)，合力的功率先增大后減小d在t2t4時(shí)間內(nèi)，合力做的總功為零【考點(diǎn)】37：牛頓第二定律；65：動(dòng)能定理；73：簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)圖象菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】1：常規(guī)題型；22：學(xué)科綜合題；31：定性思想；4b：圖析法；4i：極值法；512：運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題；52d：動(dòng)能定理的應(yīng)用專題【分析】由圖線得出速度的變化情況，根據(jù)動(dòng)能定理即可分析合力做功的情況；由速度時(shí)間圖象的斜率表示加速度找出加速度的變化情況，根據(jù)牛頓第二定律即可分析合力的變化情況；根據(jù)pfvcos分析功率的變化情況?！窘獯稹拷猓篴在0t1時(shí)間內(nèi)，由圖可知斜率在增大，即加速度

28、增大，根據(jù)牛頓第二定律可知合力逐漸增大，故a錯(cuò)誤；b在0t1時(shí)間內(nèi)，由圖可知速度減小，即動(dòng)能減小，由動(dòng)能定理可知合力做負(fù)功，故b錯(cuò)誤；ct1時(shí)刻，速度為0，則可知合力的功率為0，t2時(shí)刻，圖線的斜率為0，即加速度為0，由牛頓第二定律可知合力為0，故合力的功率為0，在t1t2時(shí)間內(nèi)，合力與速度均不為0，夾角也不為90°，故合力的功率不為0，故t1t2時(shí)間內(nèi)，合力的功率先增大后減小，故c正確；dt2時(shí)刻速度大小為v0，t4時(shí)間速度大小也為v0，即在在t2t4時(shí)間內(nèi)，動(dòng)能的變化為0，由動(dòng)能定理可知合力做的總功為0，故d正確。故選：cd?！军c(diǎn)評(píng)】本題的關(guān)鍵是要理解速度時(shí)間的意義，知道怎樣去讀

29、圖，及會(huì)結(jié)合動(dòng)能定理與牛頓第二定律進(jìn)行分析。9（4分）圖示空間有一靜電場(chǎng)，y軸上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向沿y軸正方向豎直向下，兩小球p、q用長(zhǎng)為l的絕緣細(xì)線連接，靜止在軸上a、b兩點(diǎn)。兩球質(zhì)量均為m，q球帶負(fù)電，電荷量為q，a點(diǎn)距坐標(biāo)原點(diǎn)o的距離l，y軸上靜電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小e剪斷細(xì)線后，q球運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最低點(diǎn)c與b點(diǎn)的距離為h，不計(jì)兩球間的靜電力作用。則（）ap球帶正電bp球所帶電荷量為4qcb、c兩點(diǎn)間電勢(shì)差為d剪斷細(xì)線后，q球與o點(diǎn)相距3l時(shí)速度最大【考點(diǎn)】ab：電勢(shì)差；ae：電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】31：定性思想；43：推理法；532：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題【分析】選取pq組成的整體為研

30、究的對(duì)象，寫(xiě)出平衡方程，即可求得a的電量；剪斷細(xì)線后，b球的先向下做加速運(yùn)動(dòng)，b球受到的重力與電場(chǎng)力相等時(shí)，速度最大，由平衡條件求解a球或b球到o點(diǎn)的距離，根據(jù)功能關(guān)系分析電勢(shì)能的變化?！窘獯稹拷猓篴、由于剪斷細(xì)線后，q球向下運(yùn)動(dòng)有最低點(diǎn)，可知q帶受到的電場(chǎng)力的方向向上，開(kāi)始時(shí)q受到的電場(chǎng)力的大小小于重力。若p與q開(kāi)始時(shí)能靜止，則p受到的電場(chǎng)力的方向必定向上，所以p也帶負(fù)電。故a錯(cuò)誤；b、兩球靜止時(shí)，p球所處位置場(chǎng)強(qiáng)為 e1kl，q球所處位置場(chǎng)強(qiáng)為 e2k2l，以p球和q球整體為研究對(duì)象，由平衡條件得：2mg+qpe1qe20解得：qp4q，故b正確；c、q球運(yùn)動(dòng)到達(dá)的最低點(diǎn)c與b點(diǎn)的距離為h

31、，則qubcmgh，所以b與c之間的電勢(shì)差為：故c正確；d、當(dāng)q球下落速度達(dá)到最大時(shí)，q球距o點(diǎn)距離為x0根據(jù)平衡條件可得：mgqeqx0解得：x03l即當(dāng)q球下落速度達(dá)到最大時(shí)，q球距o點(diǎn)距離為3l，故d正確。故選：bcd?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要是考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)小球受到的力是變力，要根據(jù)它們受力變化的規(guī)律，正確分析得出它們運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，然后才能做出正確的結(jié)論。三、簡(jiǎn)答題：本題分必做題（第10、11、12題）和選做題兩部分，共計(jì)42分.【必做題】10（8分）某探究小組驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的裝置如圖甲所示，細(xì)線一端拴一個(gè)球，另一端連接力傳感器，固定在天花板上，傳感器可記錄球在擺動(dòng)過(guò)程中

32、細(xì)線拉力大小，用量角器量出釋放球時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角，用天平測(cè)出球的質(zhì)量為m，重力加速度為g。（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)出小球直徑如圖乙所示，讀數(shù)為18.50mm。（2）將球拉至圖示位置，細(xì)線與豎直方向夾角為，靜止釋放球，發(fā)現(xiàn)細(xì)線拉力在球擺動(dòng)過(guò)程中作周期性變化。為求出球在最低點(diǎn)的速度大小，應(yīng)讀取拉力的最大（選填“最大值”或“最小值”），其值為f。（3）球從靜止釋放運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中，滿足機(jī)械能守恒的關(guān)系式為2mg（1cos）fmg（用測(cè)定物理量的符號(hào)表示）。（4）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法中正確的有ab。a細(xì)線要選擇伸縮性小的b球盡量選擇密度大的c不必測(cè)出球的質(zhì)量和細(xì)線的長(zhǎng)度d可以直接用彈簧測(cè)力計(jì)代替力傳

33、感器進(jìn)行實(shí)驗(yàn)【考點(diǎn)】md：驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】32：定量思想；43：推理法；52e：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題【分析】（1）游標(biāo)卡尺的讀法，先確定分度數(shù)，從而確定精確度，進(jìn)行讀數(shù)。（2）球在最低點(diǎn)的速度最大，對(duì)應(yīng)的拉力最大，為求出球在最低點(diǎn)的速度大小，應(yīng)讀取拉力的最大值（3）據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，結(jié)合減小的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，及球在最低點(diǎn)，則繩子的拉力與重力的合力提供向心力，從而即可求解；（4）由各因素產(chǎn)生的誤差情況進(jìn)行分析各項(xiàng)?！窘獯稹拷猓海?）小球的直徑d18mm+10×0.0518.50mm（2）球在最低點(diǎn)的速度最大，對(duì)應(yīng)的拉力最大，為求出球在最低點(diǎn)的速度大小，應(yīng)讀取拉力

34、的最大值。（3）在最低點(diǎn)：fmgm球從靜止釋放運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程中，滿足機(jī)械能守的關(guān)系式：mgr（1cos）mv2由解得：2mg（1cos）fmg（4）a細(xì)線要選擇伸縮性小的，則a正確b球盡量選擇密度大的，則b正確c要測(cè)出球的質(zhì)量，不必測(cè)出細(xì)線的長(zhǎng)度，則c錯(cuò)誤d用彈簧測(cè)力計(jì)不能準(zhǔn)確讀數(shù)力的最大值，則d錯(cuò)誤故選：ab故答案為：（1）18.50（2）最大值（3）2mg（1cos）fmg（4）ab【點(diǎn)評(píng)】考查圓周運(yùn)動(dòng)的處理規(guī)律，掌握牛頓第二定律與向心力表達(dá)式內(nèi)容，理解驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的原理，知道游標(biāo)卡尺的讀數(shù)，注意沒(méi)有估計(jì)值。11（10分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路，測(cè)量定值電阻的阻值、電源的電動(dòng)勢(shì)

35、和內(nèi)阻。使用的器材有：待測(cè)定值電阻r1（約幾歐）、待測(cè)電源e、電流表a、電阻箱r2（0999.9）、開(kāi)關(guān)兩個(gè)及導(dǎo)線若干。（1）請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線在圖乙中完成實(shí)物電路的連接。（2）測(cè)量r1的值時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)s1前，調(diào)節(jié)r2至最大值（選填“最大值”或“最小值”），然后閉合開(kāi)關(guān)s1和s2，調(diào)節(jié)r2使電流表示數(shù)為i，此時(shí)r2的值為7.8；再斷開(kāi)s2，將r2調(diào)到5.8時(shí)，電流表示數(shù)也為i則r1的值為2.0。（3）測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)e和內(nèi)阻r時(shí)，閉合開(kāi)關(guān)s1、斷開(kāi)s2，調(diào)節(jié)r2，得到r2和對(duì)應(yīng)電流i的多組數(shù)據(jù)，作出r2圖象如圖丙所示。則電源電動(dòng)勢(shì)e6.0v，內(nèi)阻r1.0（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）若電流表a內(nèi)阻不

36、可忽略，則r的測(cè)量值大于（選填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。【考點(diǎn)】n3：測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】13：實(shí)驗(yàn)題；23：實(shí)驗(yàn)探究題；32：定量思想；43：推理法；535：恒定電流專題【分析】（1）根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖。（2）為保護(hù)電路閉合開(kāi)關(guān)前電阻箱應(yīng)調(diào)到最大阻值，根據(jù)題意求出電阻阻值。（3）根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖線的函數(shù)表達(dá)式，然后求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻?！窘獯稹拷猓海?）根據(jù)圖甲所示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：（2）為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)s1前，調(diào)節(jié)r2至最大值；電路電流不變，電路總電阻不變，r1的值為：7.85.82.0；（3）根據(jù)

37、圖示電路圖可知，電源電動(dòng)勢(shì)：ei（r+r1+r2）整理得：r2+，由圖示r2圖象可知，0.5，解得：e6.0v，r21.0；考慮電流表內(nèi)阻，電源電動(dòng)勢(shì)：ei（r+ra+r1+r2）整理得：r2+，0.5，考慮電流表內(nèi)阻，電源內(nèi)阻測(cè)量值偏大，測(cè)量值大于真實(shí)值。故答案為：（1）實(shí)物電路圖如圖所示；（2）最大值，2.0；（3）6.0.1.0，大于。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理與實(shí)驗(yàn)誤差分析，根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖線的函數(shù)表達(dá)式是解題的前提與關(guān)鍵，根據(jù)圖示圖線可以求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。選修3-5（12分）12（4分）下列說(shuō)法中正確的有（）a氡核的半衰期為3.8天、20個(gè)氡原子核經(jīng)7

38、.6天后剩下5個(gè)氡原子核b由質(zhì)能方程可知，物體的能量發(fā)生變化時(shí)，物體的質(zhì)量也相應(yīng)變化c鐳核發(fā)生一次衰變時(shí)，產(chǎn)生的新核與原來(lái)的原子核相比，中子數(shù)減少了4d釷核發(fā)生衰變后，產(chǎn)生新核的比結(jié)合能大于原來(lái)釷核的比結(jié)合能【考點(diǎn)】ja：原子核衰變及半衰期、衰變速度菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】31：定性思想；43：推理法；54o：衰變和半衰期專題【分析】半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)大量的原子核適用；根據(jù)質(zhì)能方程emc2，即可得出能量與質(zhì)量對(duì)應(yīng)的關(guān)系；衰變生成氦原子核，質(zhì)量數(shù)少4，質(zhì)子數(shù)少2；釋放能量，導(dǎo)致比結(jié)合能增大?！窘獯稹拷猓篴、半衰期具有統(tǒng)計(jì)意義，對(duì)大量的原子核適用，故a錯(cuò)誤；b、根據(jù)質(zhì)能方程emc2，物體的能量發(fā)

39、生變化時(shí)，物體的質(zhì)量也會(huì)相應(yīng)變化，故b正確；c、鐳核發(fā)生一次衰變時(shí)，產(chǎn)生的新核與原來(lái)的原子核相比，質(zhì)量數(shù)減小4，質(zhì)子數(shù)減小2，所以中子數(shù)減少2個(gè)，故c錯(cuò)誤；d、釷核發(fā)生衰變后，要釋放能量，則產(chǎn)生新核的比結(jié)合能大于原來(lái)釷核的比結(jié)合能，故d正確；故選：bd。【點(diǎn)評(píng)】本題考查了衰變的實(shí)質(zhì)以及半衰期的適用條件，對(duì)愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程的理解，及理解比結(jié)合能與結(jié)合能的區(qū)別。13（4分）真空中有不帶電的金屬鉑板和鉀板，其極限波長(zhǎng)分別為1和2，用波長(zhǎng)為（12）的單色光持續(xù)照射兩板表面，則帶上正電的金屬板是鉀（選填“鉑板”或“鉀板”）。已知真空中光速為c，普朗克常量為h，從金屬板表面飛出的電子的最大初動(dòng)能為hcw。

40、【考點(diǎn)】ie：愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】32：定量思想；43：推理法；54i：光電效應(yīng)專題【分析】極限波長(zhǎng)大的極限頻率小；利用光電效應(yīng)方程求出電子的初動(dòng)能【解答】解：因12，則12，即鉀板發(fā)生了光電效應(yīng)，鉀板帶正電。金屬板表面飛出的電子的最大初動(dòng)能為：ekhh2，h（）hc故答案為：鉀板，hc【點(diǎn)評(píng)】考查光電效應(yīng)的應(yīng)用，熟記光電效應(yīng)方程即可輕松解題。14（4分）如圖所示，質(zhì)量為m的木塊位于光滑水平面上，木塊與墻間用輕彈簧連接，開(kāi)始時(shí)木塊靜止在a位置?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射向木塊并嵌入其中，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，木塊第一次回到a位置，彈簧在彈性限度內(nèi)。求：木塊第一次回到a位

41、置時(shí)速度大小v；此過(guò)程中墻對(duì)彈簧沖量大小i。【考點(diǎn)】53：動(dòng)量守恒定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】11：計(jì)算題；22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；4t：尋找守恒量法；52f：動(dòng)量定理應(yīng)用專題【分析】子彈射入木塊過(guò)程，由于時(shí)間極短，子彈與木塊間相互作用的內(nèi)力遠(yuǎn)大于系統(tǒng)的外力，故系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，由動(dòng)量守恒定律列式求出子彈和木塊的共同速度；然后系統(tǒng)在彈簧彈力的作用下先做減速運(yùn)動(dòng)，后做加速運(yùn)動(dòng)，回到a位置時(shí)速度大小不變。此過(guò)程中彈簧對(duì)木塊和子彈整體的沖量等于墻對(duì)彈簧的沖量，根據(jù)動(dòng)量定理求解?！窘獯稹拷猓耗緣K第一次回到a位置時(shí)的速度與木塊和子彈開(kāi)始共同運(yùn)動(dòng)的速度大小相等，子彈進(jìn)入木塊過(guò)程滿足動(dòng)量守恒定律，取向

42、右為正方向，則mv0（m+m）v解得 vv0此過(guò)程中彈簧對(duì)木塊和子彈整體的沖量等于墻對(duì)彈簧的沖量，由動(dòng)量定理有 i（m+m）v（m+m）v解得 i2mv0答：木塊第一次回到a位置時(shí)速度大小v是v0；此過(guò)程中墻對(duì)彈簧沖量大小i是2mv0?！军c(diǎn)評(píng)】子彈射入木塊是一種常見(jiàn)的物理模型，由于時(shí)間極短，內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，故系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。要知道動(dòng)量定理是求沖量的基本方法之一。【選做題】本題包括a、b兩小題，請(qǐng)選定其中一小題，并作答若多做，則按a小題評(píng)分。a選修3-3（12分）15（4分）下列說(shuō)法中正確的有（）a液面上方的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)就不會(huì)有液體分子從液面飛出b液體表面層分子間的平均距離等于液體內(nèi)部分子間的

43、平均距離c用磙子壓緊土壤，可以把地下的水引上來(lái)，這屬于毛細(xì)現(xiàn)象d在完全失重的情況下，熔化的金屬能夠收縮成球形【考點(diǎn)】95：液體的表面張力；96：毛細(xì)現(xiàn)象；9g：飽和汽、未飽和汽和飽和汽壓菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】32：定量思想；43：推理法；541：分子運(yùn)動(dòng)論專題【分析】面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)，液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中，是動(dòng)態(tài)平衡；液體表面層的分子比液體內(nèi)部的分子有更大的距離，則有表面張力；毛細(xì)作用，是液體表面對(duì)固體表面的浸潤(rùn)。毛細(xì)管插入浸潤(rùn)液體中，管內(nèi)液面上升，高于管外，毛細(xì)管插入不浸潤(rùn)液體中，管內(nèi)液體下降，低于管外的現(xiàn)象。毛巾吸水，地下水沿土壤上升都是毛細(xì)現(xiàn)象；【解答】a、

44、液面上部的蒸汽達(dá)到飽和時(shí)，液體分子從液面飛出，同時(shí)有蒸汽分子進(jìn)入液體中；從宏觀上看，液體不再蒸發(fā)。故a錯(cuò)誤；b、液體表面層分子較為稀疏，分子間距離大于平衡時(shí)的距離r0，表現(xiàn)為引力，故b錯(cuò)誤c、用磙子壓緊土壤，可以把地下的水引上來(lái)，這屬于毛細(xì)現(xiàn)象，故c正確d、完全失重的情況下，熔化的金屬在表面張力的作用下能夠收縮成球形，故d正確故選：cd?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查蒸汽飽和平衡態(tài)，表面張力、毛細(xì)現(xiàn)象、關(guān)鍵是理解并能用來(lái)分析實(shí)際問(wèn)題。屬于基礎(chǔ)題目。16（4分）如圖所示，密閉絕熱容器內(nèi)有一活塞，活塞的上部封閉著氣體，下部為真空。真空區(qū)域輕彈簧的一端固定在容器的底部，另一端固定在活塞上，彈簧被壓縮后用繩扎緊。繩

45、突然繃斷，活塞上升過(guò)程中，氣體的內(nèi)能增加（選填“增加”“減少”或“不變”），氣體分子的平均速率變大（選填“變大”“變小”或“不變”）?！究键c(diǎn)】89：溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志；8f：熱力學(xué)第一定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】31：定性思想；43：推理法；548：熱力學(xué)定理專題【分析】根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程分析氣體的狀態(tài)參量的變化；輕彈簧推動(dòng)活塞上升的過(guò)程中對(duì)氣體做功，結(jié)合熱力學(xué)第一定律即可判定氣體內(nèi)能的變化與溫度的變化。知道溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志。【解答】解：活塞向上壓縮氣體的過(guò)程中對(duì)氣體做正功，同時(shí)，由于是絕熱的氣缸，氣體與外界之間沒(méi)有熱交換，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體的內(nèi)能一定增大，所以氣體的

46、溫度升高。溫度升高，分子的平均動(dòng)能增大，分子的平均速率變大。故答案為：增加，變大【點(diǎn)評(píng)】通過(guò)受力分析確定所受的各個(gè)力，以及物體的初末狀態(tài)和物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程，從而確定不同力的做功情況以及能量的轉(zhuǎn)化是解決此類題目的解題思路。17（4分）如圖所示，空的飲料罐中插入一根粗細(xì)均勻的透明吸管，接口處密封，吸管內(nèi)注入一小段油柱（長(zhǎng)度可以忽略），制成簡(jiǎn)易氣溫計(jì)。已知飲料罐的容積為v，吸管內(nèi)部橫截面積為s，接口外吸管的長(zhǎng)度為l0當(dāng)溫度為t1時(shí)，油柱與接口相距l(xiāng)1，不計(jì)大氣壓的變化。簡(jiǎn)要說(shuō)明吸管上標(biāo)示的氣溫刻度是否均勻？求氣溫計(jì)能測(cè)量的最高溫度tm?！究键c(diǎn)】9e：氣體的等容變化和等壓變化菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】11：計(jì)

47、算題；32：定量思想；4e：模型法；548：熱力學(xué)定理專題【分析】根據(jù)氣體方程找出體積的變化量與溫度的變化量的函數(shù)關(guān)系，來(lái)判斷氣溫刻度是否均勻。罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)保持不變，根據(jù)蓋呂薩克定律求解氣溫計(jì)能測(cè)量的最高溫度tm。【解答】解：罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)保持不變，則根據(jù)蓋呂薩克定律得 可得，解得tvsl由于t與l成正比，故刻度是均勻的。罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)保持不變，同理有 解得 tm。答：吸管上標(biāo)示的氣溫刻度是均勻的。氣溫計(jì)能測(cè)量的最高溫度tm是。【點(diǎn)評(píng)】解決該題關(guān)鍵要正確判定氣體作何種變化，掌握理想氣體方程狀態(tài)的應(yīng)用，注意物理量的變化范圍。b選修3-4（12分）18（2分）利用圖示裝置研究雙縫干涉現(xiàn)象并測(cè)量光的波長(zhǎng)

48、，下列說(shuō)法中正確的有（） a實(shí)驗(yàn)裝置中的元件分別為濾光片、單縫、雙縫b將濾光片由紫色換成紅色，干涉條紋間距變寬c將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，干涉條紋間距變寬d測(cè)量過(guò)程中誤將5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，波長(zhǎng)測(cè)量值偏大【考點(diǎn)】o4：用雙縫干涉測(cè)光的波長(zhǎng)菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】31：定性思想；43：推理法；54g：光的干涉專題【分析】根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式x，判斷干涉條紋間距的變化，從而即可求解?！窘獯稹拷猓篴、濾光片的作用是使入射光變成單色光，單縫的作用是使入射光變成線光源，雙縫的作用是形成相干光源，其排列順序合理，故a正確；b、將濾光片由紫色的換成紅色的，波長(zhǎng)變長(zhǎng)，根據(jù)雙縫干涉條紋的間距公式x知條

49、紋間距x增大，即干涉條紋間距變寬，故b正確；c、將單縫向雙縫移動(dòng)一小段距離后，由x可知與此距離無(wú)關(guān)，故干涉條紋間距不變，故c錯(cuò)誤；d、測(cè)量過(guò)程中，把5個(gè)條紋間距數(shù)成6個(gè)，導(dǎo)致x變小，則波長(zhǎng)測(cè)量值偏小，故d錯(cuò)誤；故選：ab。【點(diǎn)評(píng)】本題考查雙縫干涉測(cè)量波長(zhǎng)的實(shí)驗(yàn)原理x，實(shí)驗(yàn)儀器，還考查了濾光片的作用。19（4分）一種簡(jiǎn)易地震儀由豎直放置的彈簧振子a和水平放置的彈簧振子b組成，如圖所示，可以粗略測(cè)定震源的深度。某次地震中，震源在地震儀的正下方，地震波中的橫波和縱波傳播速度分別為v1和v2（v1v2），觀察到兩振子開(kāi)始振動(dòng)的時(shí)間差為t，則a（選填“a”或“b”）彈簧振子先開(kāi)始振動(dòng)，震源與地震儀距離約

50、為w?！究键c(diǎn)】1c：勻速直線運(yùn)動(dòng)及其公式、圖像；f3：橫波和縱波菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】31：定性思想；43：推理法；51d：振動(dòng)圖像與波動(dòng)圖像專題【分析】縱波的速度快，縱波先到。根據(jù)t，求出震源距地震儀的距離。【解答】解：縱波的速度快，縱波先到，所以p先開(kāi)始振動(dòng)，根據(jù)t，解得：x。故答案為：a；?！军c(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式判斷哪個(gè)波先到。同時(shí)明確速度公式的應(yīng)用。20（6分）有一種用于電子顯示屏的發(fā)光二極管，其管芯的發(fā)光區(qū)域是直徑為d的圓面，p為o點(diǎn)正上方球面上的一點(diǎn)，發(fā)光二極管中半球體介質(zhì)的半徑為r，如圖所示。若介質(zhì)的折射率n1，真空中光速為c，求光從a點(diǎn)沿直線傳播到p點(diǎn)的時(shí)間t；為

51、使從發(fā)光面ab發(fā)出的光在球面上都不發(fā)生全反射，介質(zhì)的折射率n應(yīng)滿足什么條件？【考點(diǎn)】h3：光的折射定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】11：計(jì)算題；32：定量思想；4f：幾何法；54d：光的折射專題【分析】根據(jù)介質(zhì)的折射率n1和真空中光速為c，由v求得光在介質(zhì)中的傳播速度，由t求光從a點(diǎn)沿直線傳播到p點(diǎn)的時(shí)間t；為使從發(fā)光面ab發(fā)出的光在球面上都不發(fā)生全反射，入射角必須大于臨界角c，由臨界角公式sinc和幾何關(guān)系結(jié)合求介質(zhì)的折射率n應(yīng)滿足的條件。【解答】解：光在介質(zhì)中的傳播速度v則此光從a點(diǎn)傳播到p點(diǎn)的時(shí)間 t解得t。從a或b點(diǎn)垂直于圓盤(pán)射出的光射到球面的入射角最大（設(shè)為），則sin設(shè)光發(fā)生全反射的臨界

52、角為c，則sinc不發(fā)生全反射應(yīng)滿足sinsinc解得n。答：光從a點(diǎn)沿直線傳播到p點(diǎn)的時(shí)間t是；為使從發(fā)光面ab發(fā)出的光在球面上都不發(fā)生全反射，介質(zhì)的折射率n應(yīng)滿足的條件是n?！军c(diǎn)評(píng)】對(duì)于幾何光學(xué)中“條件”或“范圍”問(wèn)題，往往要研究臨界情況，找出臨界點(diǎn)和臨界的最大入射角，然后結(jié)合全反射的臨界角公式sinc進(jìn)行分析。四、計(jì)算題：本題共3小題，共計(jì)47分.解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟.只寫(xiě)出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位.21（15分）如圖所示，兩足夠長(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌水平放置，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為b、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)軌間距為l，

53、一端連接阻值為r的電阻。一金屬棒垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量為m，接入電路的電阻為r。水平放置的輕彈簧左端固定，右端與金屬棒中點(diǎn)連接，彈簧勁度系數(shù)為k。整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)給導(dǎo)體棒一個(gè)水平向右的初速度v0，第一次運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)，棒的加速度大小為a。棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，彈簧在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g。求：（1）金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的安培力f的大小和方向；（2）金屬棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次運(yùn)動(dòng)到最右端時(shí)，通過(guò)電阻r的電荷量q；（3）金屬棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最終停止的整個(gè)過(guò)程中，電阻r上產(chǎn)生的熱量q?！究键c(diǎn)】ce：安培力的計(jì)算；d8：法拉第電磁感應(yīng)定律；d9：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；dd：電

54、磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有【專題】11：計(jì)算題；22：學(xué)科綜合題；32：定量思想；42：等效替代法；539：電磁感應(yīng)中的力學(xué)問(wèn)題【分析】（1）根據(jù)eblv0求金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，再由安培力公式fbil求金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的安培力f的大小。由左手定則分析安培力的方向。（2）先根據(jù)金屬棒在最右端時(shí)加速度大小，由a求出金屬棒向右運(yùn)動(dòng)的最大距離x。根據(jù)法拉第定律求此過(guò)程回路產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而求得平均電流，即可求得通過(guò)電阻r的電荷量q。（3）由能量守恒定律和能量分配關(guān)系求電阻r上產(chǎn)生的熱量q?！窘獯稹拷猓海?）金屬棒開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)，感應(yīng)電流 i0）金屬棒受到的安培力 fbi0l解得 f方向水平向左。（2）設(shè)金屬棒向右運(yùn)動(dòng)的最大距離為x，則 a得 x此過(guò)程回