甘肅省武威市第十八中學2020?2021學年高二物理上學期期末考試試題﹙含解析﹚

1、甘肅省武威市第十八中學2020-2021學年高二物理上學期期末考試試題（含解析）一、選擇題（共48分）：本題共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個選項中，第18小題只有一個選項正確，第912小題有多個選項正確。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不選的得0分。1. 發(fā)現(xiàn)電流磁效應，從而首先揭示了電和磁的聯(lián)系的物理學家是（）A. 焦耳B. 奧斯特C. 庫侖D. 安培【答案】B【解析】【分析】【詳解】A焦耳總結了焦耳定律，A錯誤；B奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導體周圍存在磁場，是第一個發(fā)現(xiàn)電流磁效應的科學家，B正確；C庫侖發(fā)現(xiàn)了庫侖定律，C錯誤；D安培發(fā)現(xiàn)了分子電流假說，D錯誤。故選B。

2、2. 關于磁感應強度定義式，下列說法正確的是（）A. 磁感應強度隨著通電導線所受磁場力的增大而增大B. 磁感應強度隨著乘積的減小而增大C. 磁感應強度的方向與通電導體受力的方向相同D. 磁感應強度由磁場本身決定，不隨、及的變化而變化【答案】D【解析】【分析】【詳解】ABD磁場中某點的磁感應強度B是由磁場本身決定的，與通電導線所受的安培力F以及IL的乘積無關，選項AB錯誤，D正確；C磁感應強度的方向與通電導體受力的方向垂直，選項C錯誤。故選D。3. 一根粗細均勻的鎳鉻絲，其橫截面的直徑為d，電阻為R，現(xiàn)將它提制成直徑為的均勻細絲后，其電阻值變?yōu)椋ǎ〢. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析

3、】【詳解】設原來導體長度為，面積為，當直徑變?yōu)闀r，面積變?yōu)殚L度變?yōu)閯t由電阻定律可知，此時電阻變?yōu)楣蔬xD。4. 如圖所示為某電源的伏安特性曲線，則下列結論正確的是（ ）A. 電源的電動勢為6.0VB. 電源的內阻為C. 電流為0.2A時的外電阻是D. 電源的短路電流為0.5A【答案】A【解析】【分析】【詳解】A.由電源的伏安特性曲線可知，電源的電動勢為6.0V，故選項A符合題意B.電源的內阻故選項B不符合題意C.依據(jù)閉合電路歐姆定律可知，當電流為0.2A時，路端電壓為5.68V，則由歐姆定律可知外電阻故選項C不符合題意D.圖象與橫坐標的交點電壓為5.2V，這時對應的電流為0.5A，這不是短路電流

4、，故D選項不符合題意5. 一段粗細均勻的金屬導體兩端加一定電壓后產(chǎn)生了恒定電流，已知該導體單位體積內的自由電子數(shù)為n，電子的電荷量為e，自由電子定向移動的速率為v，要想得出通過導體的電流，除以上給出的條件外，還需要以下哪個條件（） A. 導體的長度LB. 導體的電阻RC. 導體的橫截面積SD. 導體兩端的電壓U【答案】C【解析】【分析】【詳解】求解電流可以根據(jù)I=U/R以及微觀表達式I=nqvS求解；根據(jù)題意可知，已知電量e，定向移動速率v以及導體單位體積內的自由電子數(shù)n；故只需要再知道導體的橫截面積S即可求出電流大小；或者同時知道導體兩端的電壓U和導體的電阻R；A. 知道導體的長度L不能求解

5、導體的電流，選項A錯誤； B. 只知道導體的電阻R不能求解導體的電流，選項B錯誤； C. 還需知道導體的橫截面積S可以求解導體的電流，選項C正確；D. 只知道導體兩端的電壓U不能求解導體的電流，選項D錯誤；6. 在圖示的電解池中，測得5s內共有7.5C的正電荷和7.5C的負電荷通過池的豎直截面OO，則電路中電流表指示的讀數(shù)應為（ ）A. 0B. 1.5AC. 3AD. 7.5A【答案】C【解析】【分析】【詳解】電路中電流表讀數(shù)就表示電路中電流的大小，電路中電流表讀數(shù)；故選C【點睛】本題考查電流的計算，關鍵是公式的應用，重點是明白電流是表示單位時間內通過的電荷量同時要注意明確同時有正負電荷移動時

6、，總電荷量為正負電荷的絕對值的和7. 下面是某同學對電場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A. 根據(jù)電場強度的定義式可知，電場中某點的電場強度與試探電荷所受的電場力成正比B. 根據(jù)電容的定義式可知，電容器的電容與其所帶電荷量成正比，與兩極板間的電壓成反比C. 根據(jù)真空中點電荷的場強公式可知，電場中某點的場強與場源電荷所帶電荷量成正比D. 根據(jù)電勢差的定義式可知，如果將一個正點電荷從A點移動到B點，電場力做功為1J，則A、B兩點間的電勢差為1V【答案】C【解析】【分析】【詳解】A. 電場強度由電場本身決定，與試探電荷受到的電場力和電荷量都無關，選項A錯誤；B. 電容器的電容由電容器本身結

7、構決定，與電容器所帶的電荷量和兩板之間的電壓無關，選項B錯誤； C. 公式是真空中點電荷產(chǎn)生場強的決定式，即電場中某點的場強與場源電荷所帶電荷量成正比，與該點到場源電荷的距離的平方成反比，選項C正確；D. 根據(jù)電勢差的定義式可知，如果將一個電荷量為1C的正點電荷從A點移動到B點，電場力做功為1J，則A、B兩點間的電勢差為1V，即表述中少了“電荷量為1C” 的條件，選項D錯誤。故選C。8. 如圖所示，直線為某電源的圖線，曲線為某小燈泡的圖線用該電源和小燈泡組成閉合電路時，電源的輸出功率和電源的總功率分別是（ ）A. ，B. ，C. ，D. ，【答案】D【解析】【分析】【詳解】用該電源和小燈泡組成

8、閉合電路時，圖像的交點為工作狀態(tài)，所以電源的輸出功率是根據(jù)圖像可知，電源的電動勢為3V，電源的總功率是A. ，與分析不符，故A錯誤。B. ，與分析不符，故B錯誤C. ，與分析不符，故C錯誤。D. ，與分析相符，故D正確。9. 等量異種電荷的電場線如圖所示，下列表述正確的是（）A. a點電勢高于b點的電勢B. a點的場強大于b點的場強，方向相同C. 將一負電荷從a點移到b點電場力做負功D. 負電荷在a點的電勢能大于在b點的電勢能【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A根據(jù)電場線由高電勢的地方指向低電勢的地方可知，a點的電勢高于b點的電勢，故A正確；B電場線上某一點電場強度方向與該點的切線方向一致，

9、故a點和b點的電場強度方向不同，故B錯誤；CD由于a點電勢高于b點的電勢，則負電荷在a點的電勢能低于在b點的電勢能，故將負電荷從a點移到b點電勢能增加，電場力做負功，故C正確，D錯誤。故選AC。10. 根據(jù)歐姆定律，下列說法中正確的是（）A. 從關系式U=IR可知，導體兩端的電壓U由通過它的電流I和它的電阻R共同決定B. 從關系式可知，導體的電阻跟導體兩端的電壓成正比，跟導體中的電流成反比C. 從關系式知，導體中電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體的電阻成反比D. 從關系式知，對一個確定的導體來說，溫度不變時，所加的電壓跟通過導體的電流的比值是一定值【答案】CD【解析】【分析】【詳解】A由U=I

10、R知對于一個確定的導體來說，如果通過的電流越大，則導體兩端的電壓也越大，但是，不能說導體兩端的電壓U由通過它的電流I和它的電阻R共同決定，故A錯誤，不符合題意；B關系式是定義式，導體電阻由導體本身決定，與導體兩端的電壓和通過導體的電流無關，故B錯誤，不符合題意；C由知，導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比，跟導體的電阻成反比，故C正確，符合題意；D導體電阻由導體本身決定，與導體兩端的電壓和通過導體的電流無關，導體電阻在數(shù)值上等于它兩端的電壓與通過它的電流之比，由可知，對于一個確定的導體來說，溫度恒定時，所加的電壓跟通過的電流的比值是一確定值，故D正確，符合題意。故選CD。11. 在如圖所示的電路

11、中，電源電動勢為E，內電阻為r，閉合開關S，待電流達到穩(wěn)定后，電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，電容器C所帶電荷量為Q，將滑動變阻器的滑動觸頭P從圖示位置向a端移動一些，待電流達到穩(wěn)定后，則與P移動前相比()A. U變小B. I變小C. Q增大D. Q減小【答案】BC【解析】【分析】首先搞清電路的結構：電流穩(wěn)定時，變阻器與R2串聯(lián)，R1上無電流，無電壓，電容器的電壓等于變阻器的電壓，電壓表測量變阻器的電壓，電流表測量干路電流；當滑片P向a端移動一些后，變阻器接入電路的電阻增大，根據(jù)歐姆定律分析電路的總電阻變化和干路電流的變化，再分析電表讀數(shù)的變化和電容器電量的變化【詳解】解：當滑動變阻器P的滑動

12、觸頭從圖示位置向a端移動時，其接入電路的電阻值增大，外電路總電阻增大，由閉合電路的歐姆定律可知，干路的電流I減?。蛔冏杵鲀啥说碾妷?，由I減小，可知U增大，即電容器C兩端的電壓增大，再據(jù)Q=CU，可判斷出電容器的電荷量Q增大，故BC正確，AD錯誤故選BC【點睛】本題是含有電容器的動態(tài)變化分析問題，要綜合考慮局部與整體的關系，對于電容器明確兩端的電壓，再利用電容器的定義式判斷電量的變化情況12. 電源和一個水平放置的平行板電容器、三個電阻組成如圖所示的電路當開關S閉合后，電容器中有一個帶電液滴正好處于靜止狀態(tài)現(xiàn)將開關S斷開，則以下判斷正確的是（ ）A. 液滴仍保持靜止狀態(tài)B. 液滴將向上運動C.

13、電容器上的帶電量將減為零D. 電容器上的帶電量將增大【答案】BD【解析】試題分析：開關閉合時，電容器兩板間的電壓等于電阻R2兩端的電壓，小于電源的電動勢，當開關斷開時，電路穩(wěn)定時，電容器板間電壓等于電源的電動勢，分析液滴的運動情況，根據(jù)電壓的變化，分析電容器的電量變化解：開關閉合時，電容器兩板間的電壓等于電阻R2兩端的電壓，小于電源的電動勢當開關斷開時，電路穩(wěn)定時，電路中沒有電流，電容器板間電壓等于電源的電動勢，則知電容器板間電壓增大，板間場強增大，液滴所受電場力增大，則液滴將向上運動由于電容器的電壓增大，由公式Q=CU可知，電容器上的帶電量將增大故選BD【點評】本題是電容器動態(tài)變化分析問題，

14、關鍵確定電容器板間電壓的變化當電路穩(wěn)定時，電容器的電壓等于所并聯(lián)的電路兩端電壓二、實驗題（共18分）。13. (1)用螺旋測微器測金屬絲直徑時讀數(shù)如圖甲，則金屬絲的直徑為_mm。(2)若用圖乙測金屬絲的電阻，則測量結果將比真實值_。（選填“偏大”或“偏小”）(3)用多用電表的歐姆擋測電阻時，下列說法中正確的是_。（填字母代號）A萬用電表的指針達滿偏時，被測電阻值最大B萬用電表的指針指示零歐時，說明通過被測電阻的電流最大C測電阻前，把面板上的選擇開關置于相關的歐姆擋上，將兩表筆的金屬桿直接短接，調整歐姆擋的調零旋鈕使指針指在電流的最大刻度處D用歐姆表的10擋時，指針指在刻度2040的正中央，則被

15、測電阻的阻值為300E測量前，待測電阻應跟別的元件和電源斷開F用歐姆表的100擋測電阻時，若指針指在0處附近，則應換用1擋?！敬鸢浮?(1). 0.697 (2). 偏小 (3). BCE【解析】【分析】【詳解】（1）1 金屬絲的直徑（2）2 由于采用了安培表外接法，電壓表的分流作用會使電流測量值I偏大，而電壓測量值U準確，故根據(jù)歐姆定律電阻測量值偏小。（3）3A萬用電表的指針達滿偏時，被測電阻值最小，為零，A錯誤；B萬用電表的指針指示零歐時，說明通過被測電阻的電流最大，所測電阻阻值為零，B正確；C測電阻前，把面板上的選擇開關置于相關的歐姆擋上，將兩表筆的金屬桿直接短接，調整歐姆擋的調零旋鈕使

16、指針指在電流的最大刻度處，C正確；D用歐姆表的R10擋時，指針指在刻度2040的正中央，如果歐姆表刻度線均勻，則歐姆表示數(shù)為實際上，歐姆表刻度線不均勻，歐姆表刻度線右疏左密，因此所測電阻阻值小于300，D錯誤；E為保護電表，測量前，待測電阻應跟別的元件和電源斷開，E正確；F用歐姆表的R100擋測電阻時，若指針指在0處附近，指針偏角太大，所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，應換用R10擋，F(xiàn)錯誤。故選BCE。14. 有一個小燈泡上標有“2V、1W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個燈泡的IU圖線，有下列器材供選用：A電壓表（03V內阻10k）B電壓表（010V內阻20k）C電流表（00.3A，內阻1）

17、D電流表（00.6A，內阻0.4）E滑動變阻器（5，1A）F滑動變阻器（500，0.2A）G電源（電動勢3V，內阻1）（1）實驗中電壓表應選用_，電流表應選用_為使實驗誤差盡量減小，要求電壓表從零開始變化且多取幾組數(shù)據(jù)，滑動變阻器應選用_（用序號字母表示）（2）實驗中移動滑動變阻器滑片，得到了小燈泡的IU圖象如圖所示，則可知小燈泡的電阻隨電壓增大而_（填“增大”、“減小”或“不變”）（3）請根據(jù)實驗要求，畫出電路圖_【答案】 (1). A (2). D (3). E (4). 增大 (5). 【解析】【分析】【詳解】（1）燈泡額定電壓是2V，電壓表應選擇A，燈泡額定電流 ，電流表應選擇D，為方

18、便實驗操作，滑動變阻器應選擇E；（2）由圖象可知，隨電壓增大，燈泡電流增大，電壓與電流的比值增大，燈泡電阻增大；（3）描繪燈泡伏安特性曲線電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時的電阻阻值 ，電壓表內阻為10k，電流表內阻為0.4，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，實驗電路如圖所示：【點睛】本題考查實驗中的儀表選擇及接法的選擇；應注意滑動變阻器分壓及限流接法的區(qū)別及應用，同時還應明確內外接法的不同及判斷三、計算題。解答題應寫出必要的文字說明、方程式或重要演算步驟，只寫出最后答案的不得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。15. 如圖所示，在勻強電場中，將一電荷量為2104的負電荷由A點移到B點，其電勢能增加了0.2J，已知A、B兩點間距離為2cm，兩點連線與電場方向成角，求：(1)電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功WAB；(2)A、B兩點間的電勢差UAB；(3)該勻強電場的電場強度E?！敬鸢浮?1)0.2J(2)1000V(3)1105V/m【解析】【分析】【詳解】(1)因負電荷由A移到B的過程中，負電荷的電