江蘇省2020屆高三物理下學(xué)期5月壓軸卷

1、江蘇省2020屆高三物理下學(xué)期5月壓軸卷江蘇省2020屆高三物理下學(xué)期5月壓軸卷年級(jí)：姓名：- 30 -江蘇省2020屆高三物理下學(xué)期5月壓軸卷（含解析）一、選擇題i（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.有下列幾種情景，請(qǐng)根據(jù)所學(xué)知識(shí)選擇對(duì)情景的分析和判斷的正確說法（）a. 因火箭還沒運(yùn)動(dòng)，所以加速度一定為零b. 轎車緊急剎車，速度變化很快，所以加速度很大c. 高速行駛的磁懸浮列車，因速度很大，所以加速度很大d. 盡管空間站勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，所以加速度為零【答案】b【解析】【分析】加速度是描述速度變化快慢的物理量，即速度

2、變化快一定是加速度大，速度變化慢一定是加速度??；加速度的大小與速度大小無關(guān)系；速度為零，加速度可以不為零；加速度為零，速度可以不為零。本題考查加速度的性質(zhì)，明確判斷加速度的大小依據(jù)是：速度變化快慢 單位時(shí)間內(nèi)速度的變化大小?！驹斀狻縜點(diǎn)火后即將升空的火箭受到向上的推力大于火箭的重力，由牛頓第二定律知火箭有向上的加速度，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；b加速度是描述速度變化快慢的物理量，速度變化越快加速度越大；轎車緊急剎車，速度變化很快，所以加速度很大，選項(xiàng)b正確；c磁懸浮列車在軌道上高速行駛，速度很大，但可能勻速行駛，所以加速度不一定很大，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；d空間站在繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，勻速圓周運(yùn)動(dòng)為速率不變的曲線運(yùn)

3、動(dòng)，速度方向時(shí)刻變化，速度變化量不為零，加速度不為零，選項(xiàng)d錯(cuò)誤。故選b。2.在同一水平直線上的兩位置分別沿同方向水平拋出兩個(gè)小球a和b，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，不計(jì)空氣阻力。要使兩球在空中相遇，則必須（）a. 同時(shí)拋出兩球b. 先拋出a球c. 先拋出b球d. 使兩球質(zhì)量相等【答案】a【解析】【詳解】平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向上是自由體運(yùn)動(dòng)，若兩球在空中相遇，豎直方向上，下落的高度相同，因此一定同時(shí)拋出，a正確，bcd錯(cuò)誤。故選a。3.物體在合外力作用下做直線運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖所示。下列表述正確的是（）a. 在01s內(nèi)，合外力做正功b. 在02s內(nèi)，合外力總是做正功c. 在12s內(nèi)，合外力不做功d. 在

4、03s內(nèi)，合外力做正功【答案】a【解析】【詳解】a由圖象可知，在01s內(nèi)物體做勻加速運(yùn)動(dòng)，速度增加，根據(jù)動(dòng)能定理，合外力做正功，a正確；b由圖象可知，在02s內(nèi)物體速度先增加后減小，因此合外力先做正功，后做負(fù)功，b錯(cuò)誤；c由圖象可知，12s內(nèi)物體速度減小，合外力做負(fù)功，c錯(cuò)誤；d初始時(shí)刻和3s末速度都為零，根據(jù)動(dòng)能定理，合外力做總功為零，d錯(cuò)誤。故選a。4.小強(qiáng)在學(xué)習(xí)了靜電場(chǎng)一章后，來到實(shí)驗(yàn)室研究如圖所示的電場(chǎng)，實(shí)線和虛線分別表示該電場(chǎng)的電場(chǎng)線和等勢(shì)線，若 a、b 兩點(diǎn)所處的等勢(shì)線電勢(shì)為0，相鄰等勢(shì)線間的電勢(shì)差為2v，則（ ）a. a處電場(chǎng)強(qiáng)度等于b處電場(chǎng)強(qiáng)度b. c、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差大于c、

5、a 兩點(diǎn)間的電勢(shì)差c. 電子在c處具有的電勢(shì)能為20evd. 若將一電子在d處由靜止釋放，則運(yùn)動(dòng)至c點(diǎn)對(duì)應(yīng)等勢(shì)線時(shí)，具有的動(dòng)能為2ev【答案】d【解析】【詳解】a.a處電場(chǎng)線較b處密集，a處電場(chǎng)強(qiáng)度大于b處電場(chǎng)強(qiáng)度，故a錯(cuò)誤；b. a、b 兩點(diǎn)在同一等勢(shì)面上，c、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于c、a兩點(diǎn)間的電勢(shì)差，故b錯(cuò)誤；c.電子在c處具有的電勢(shì)能為-20ev，故c錯(cuò)誤；d. 電子在d處由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)至c點(diǎn)對(duì)應(yīng)等勢(shì)線時(shí)，電場(chǎng)力做功2ev，電子的電勢(shì)能減少2ev，動(dòng)能增加2ev，故d正確5.如圖所示，甲、乙兩幅圖分別是a、b兩束單色光，經(jīng)過單縫的衍射圖樣。這下列說法正確的是（）a. 在真空中，a光的波

6、長比b光小b. 在同一介質(zhì)中傳播，a光的傳播速度比b光小c. 兩束單色光分別入射到同一雙縫干涉裝置時(shí)，在光屏上b光亮紋的條數(shù)更多d. 當(dāng)兩束光從空氣中射向玻璃時(shí)，a光不發(fā)生全反射，但b光可能發(fā)生全反射【答案】c【解析】【詳解】a. 根據(jù)波長越長的，衍射條紋間距越寬，知a圖條紋間距大，則a光的波長較長，a錯(cuò)誤；b. 依據(jù)可知，a光的頻率較小，那么a光的折射率較小，根據(jù)知，則在同種均勻介質(zhì)中，a光的傳播速度比b光快，b錯(cuò)誤；c. 條紋間距大的，光屏上亮紋的條數(shù)少，故b光亮紋的條數(shù)更多，c正確；d. 發(fā)生全反射的條件是光從光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，且入射角大于等于臨界角，故兩束光從空氣中射向玻璃時(shí)，均不

7、發(fā)生全反射，d錯(cuò)誤。故選c。6.在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為12v，電源內(nèi)阻為，電路中的電阻為，小型直流電動(dòng)機(jī)m的內(nèi)阻為。閉合開關(guān)s后，電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)，電流表的示數(shù)為2.0a。則以下判斷中正確的是（）a. 電動(dòng)機(jī)的輸出功率為14wb. 電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為7.0vc. 電動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的熱功率為4.0wd. 電源輸出的電功率為22w【答案】b【解析】【分析】在計(jì)算電功率的公式中，總功率用來計(jì)算，發(fā)熱功率用來計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個(gè)公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對(duì)于電動(dòng)機(jī)等非純電阻，第一個(gè)計(jì)算的是總功率，第二個(gè)只是計(jì)算發(fā)熱功率，這兩個(gè)的計(jì)算結(jié)果是不一樣的。對(duì)于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電

8、阻電路，對(duì)于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的?！驹斀狻縜bc電路中電流表的示數(shù)為，所以電動(dòng)機(jī)的電壓為電動(dòng)機(jī)的總功率為電動(dòng)機(jī)的發(fā)熱功率為所以電動(dòng)機(jī)的輸出功率為b正確，ac錯(cuò)誤；d電源的輸出的功率為d錯(cuò)誤。故選b。7.“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星是在繞月極地軌道上運(yùn)動(dòng)的，加上月球的自轉(zhuǎn)，衛(wèi)星能探測(cè)到整個(gè)月球的表面。衛(wèi)星ccd相機(jī)已對(duì)月球背面進(jìn)行成像探測(cè)，并獲取了月球部分區(qū)域的影像圖。假設(shè)衛(wèi)星在繞月極地軌道上做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)距月球表面高為h，繞行的周期為tm；月球繞地球公轉(zhuǎn)的周期為te，半徑為r0。地球半徑為re，月球半徑為rm。若忽略地球及太陽引力對(duì)繞月衛(wèi)星的影響，則月球與地球質(zhì)量之比為（）a.

9、 b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】由牛頓第二定律得萬有引力定律公式為月球繞地公轉(zhuǎn)時(shí)由萬有引力提供向心力，故有同理，探月衛(wèi)星繞月運(yùn)動(dòng)時(shí)有聯(lián)立解得故abd錯(cuò)誤，c正確。故選c。8.如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個(gè)帶有同種電荷的小球a、b分別處于豎直墻面和水平地面，且處于同一豎直平面內(nèi)，若用圖示方向的水平推力f作用于小球b，則兩球靜止于圖示位置，如果將小球b向左推動(dòng)少許，并待兩球重新達(dá)到平衡時(shí)，則兩個(gè)小球的受力情況與原來相比（）a. 推力f將增大b. 豎直墻面對(duì)小球a彈力增大c. 地面對(duì)小球b的彈力一定不變d. 兩個(gè)小球之間的距離減小【答案】c【解析】【詳解】abc以a球?yàn)?/p>

10、研究對(duì)象，分析受力，作出受力圖如圖所示設(shè)b對(duì)a的庫侖力f與墻壁的夾角為，由平衡條件得豎直墻面對(duì)小球a的彈力為將小球b向左推動(dòng)少許時(shí)減小，則減??；再以ab整體為研究對(duì)象，分析受力如圖所示由平衡條件得減小，則f減小，地面對(duì)小球b的彈力一定不變，故ab錯(cuò)誤，c正確；d根據(jù)上述分析，小球之間庫侖力大小為由上分析得到，減小，增大，減小，根據(jù)庫侖定律分析得知，兩球之間的距離增大，故d錯(cuò)誤。故選c。9.如圖所示，質(zhì)量m=1kg的木板靜止在粗糙的水平地面上，木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)1=0.1，在木板的左端放置一個(gè)質(zhì)量m=1kg、大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.4，設(shè)木板足夠長，若對(duì)鐵塊施加

11、一個(gè)大小從零開始連續(xù)增加的水平向右的力f，已知最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等，取g=10m/s2，則下面四個(gè)圖中能正確反映鐵塊受到木板的摩擦力大小f隨力f大小變化的是（）a. b. c. d. 【答案】c【解析】【詳解】鐵塊與木板之間摩擦力的最大值為木板與地面間的摩擦力的最大值為當(dāng)時(shí)，木板和鐵塊相對(duì)地面靜止當(dāng)，并且木板和鐵塊一起相對(duì)地面加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)此時(shí)系統(tǒng)的加速度為a，根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)整體有對(duì)鐵塊有可得從此關(guān)系式可以看出，當(dāng)時(shí)，m、m相對(duì)靜止，則對(duì)整體有對(duì)鐵塊即當(dāng)拉力大于6n時(shí)，滑塊受到的摩擦力為滑動(dòng)摩擦力大小為4n，故得出的圖象應(yīng)為c。故abd錯(cuò)誤，c正確。故選c。10.如圖所示，矩形線

12、圈面積為s，匝數(shù)為n，線圈電阻為r，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為b的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞oo軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，外電路電阻為r，當(dāng)線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過的過程中，下列判斷正確的是（）a. 電壓表的讀數(shù)為b. 通過電阻r的電荷量為q=c. 電阻r所產(chǎn)生的焦耳熱為q=d. 當(dāng)線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過時(shí)的電流為【答案】b【解析】【詳解】a線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值為em=nbs，電動(dòng)勢(shì)的有效值為電壓表測(cè)量為電路的外電壓，所以電壓表的讀數(shù)為故a錯(cuò)誤；b由公式，得故b正確；c電阻r產(chǎn)生的熱量故c錯(cuò)誤；d當(dāng)線圈由圖示位置轉(zhuǎn)過時(shí)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為則電流為故d錯(cuò)誤。故選b。11.如圖所示，在范圍足夠大的空間存在一個(gè)磁場(chǎng)，磁感線呈輻

13、狀分布，其中磁感線o豎直向上，磁場(chǎng)中豎直固定一個(gè)輕質(zhì)彈簧。在距離彈簧某一高度處，將一個(gè)金屬圓盤由靜止釋放，圓盤下落的過程中盤面始終保持水平，且圓盤的中軸線始終與彈簧的軸線、磁感線o重合。從圓盤開始下落，到彈簧被壓縮至最短的過程中，下列說法正確的是（）a. 在圓盤內(nèi)磁通量不變b. 從上往下看，在圓盤內(nèi)會(huì)產(chǎn)生順時(shí)針方向的渦流c. 在接觸彈簧之前，圓盤做自由落體運(yùn)動(dòng)d. 圓盤的重力勢(shì)能減少量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量【答案】b【解析】【詳解】a磁通量，其中s不變，b增大，故磁通量增大，故a錯(cuò)誤；b根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，由右手定則可知：自上而下看，圓盤會(huì)產(chǎn)生順時(shí)針方向的渦旋電

14、流，故b正確；c根據(jù)楞次定律，接觸彈簧之前，除重力外，下落過程中圓盤會(huì)受到向上的阻礙磁通量增大的力，故c錯(cuò)誤；d根據(jù)能量守恒定律可知，接觸彈簧下落過程中，圓盤的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能、圓盤的動(dòng)能以及因渦流效應(yīng)產(chǎn)生的內(nèi)能，故d錯(cuò)誤。故選b。12.如圖甲、乙所示，電感線圈l的電阻很小，接通s，使電路達(dá)到穩(wěn)定，燈泡a發(fā)光，下列說法正確的是a. 在電路甲中，斷開s，a將立即熄滅b. 在電路甲中，斷開s，a將先變得更亮，然后逐漸變暗c. 在電路乙中，斷開s，a將逐漸變暗d. 在電路乙中，斷開s，a將先變得更亮，然后漸漸變暗【答案】d【解析】【詳解】ab題圖甲中，燈泡a與電感線圈l在同一個(gè)支路中，流

15、過的電流相同，斷開開關(guān)s時(shí)，線圈l中的自感電動(dòng)勢(shì)的作用使得支路中的電流瞬間不變，然后漸漸變小，選項(xiàng)a、b錯(cuò)誤；cd題圖乙中，燈泡a所在支路的電流比電感線圈所在支路的電流要小(因?yàn)殡姼芯€圈的電阻很小)，斷開開關(guān)s時(shí)，電感線圈的自感電動(dòng)勢(shì)要阻礙電流變小，此瞬間電感線圈中的電流不變，電感線圈相當(dāng)于一個(gè)電源給燈泡a供電因此反向流過a的電流瞬間要變大，然后逐漸變小，所以燈泡要先更亮一下，然后漸漸變暗，選項(xiàng)c錯(cuò)誤，d正確13.兩個(gè)物體a、b的質(zhì)量分別為和，并排靜止在水平地面上，用同向水平拉力、分別作用于物體a和b上，分別作用一段時(shí)間后撤去，兩物體各自滑行一段距離后停止下來。兩物體運(yùn)動(dòng)的速度時(shí)間圖象分別如圖

16、中圖線、所示。已知拉力、分別撤去后，物體做減速運(yùn)動(dòng)過程的速度時(shí)間圖線彼此平行（相關(guān)數(shù)據(jù)已在圖中標(biāo)出）。由圖中信息可以得出（）a. 若，則大于b. 若，則力對(duì)物體a所做的功較多c. 若，則力對(duì)物體a的沖量較大d. 若，則力的最大瞬時(shí)功率一定是力的最大瞬時(shí)功率的2倍【答案】d【解析】【分析】根據(jù)撤除拉力后物體的運(yùn)動(dòng)情況進(jìn)行分析，從而分析動(dòng)摩擦因數(shù)的關(guān)系。由于水平拉力和的大小關(guān)系未知，故要求比較摩擦力對(duì)物體所做的功的多少，一定要知道兩物體位移的大小關(guān)系；根據(jù)圖象可求出拉力相同的情況下未撤力前加速度的關(guān)系，從而比較質(zhì)量的大小?！驹斀狻縜撤除拉力后兩物體的速度圖象平行，由速度時(shí)間圖線的斜率等于加速度知加

17、速度大小相等，有則若，對(duì)于則有解得對(duì)于，則有解得由圖可知，則，選項(xiàng)a錯(cuò)誤；b若，則根據(jù)動(dòng)能定理，對(duì)有同理對(duì)有則所以選項(xiàng)b錯(cuò)誤；c對(duì)兩個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)全程列動(dòng)量定理得即摩擦力相等，物體b運(yùn)動(dòng)的時(shí)間長，所以力對(duì)物體a的沖量較大，選項(xiàng)c錯(cuò)誤；d由項(xiàng)分析可知得解得而瞬時(shí)功率為，則所以力的最大瞬時(shí)功率一定是力的最大瞬時(shí)功率的2倍，選項(xiàng)d正確，故選d。二、選擇題ii（本題共3小題，每小題2分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是正確的，全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說法正確的是（）a. 氦原子的核外電子從低軌道躍遷到高軌道的過程，原子要吸收光子，電子的動(dòng)能減少，原子的

18、電勢(shì)能增大b. 衰變成要經(jīng)過4次衰變和6次衰變c. 發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比d. 原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定【答案】ad【解析】【詳解】a電子繞核做圓周運(yùn)動(dòng)，庫侖力提供向心力電子動(dòng)能電子從距核較近的軌道躍遷到距核較遠(yuǎn)的軌道過程中，能級(jí)增大，總能量增大，而r增大，電子的動(dòng)能減小，則電勢(shì)能增大，故a正確；b設(shè)發(fā)生了x次衰變和y次衰變，則根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒有4x+222=238得2xy+86=92得故b錯(cuò)誤；c由光電效應(yīng)方程，可知發(fā)生光電效應(yīng)時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率不成正比，故c錯(cuò)誤；d原子核的比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢靠，原子核越

19、穩(wěn)定，故d正確。故選ad。15.如圖甲為一列簡諧橫波在t0.10 s時(shí)刻的波形圖，p是平衡位置為x1 m處的質(zhì)點(diǎn)，q是平衡位置為x4 m處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)q的振動(dòng)圖像，則 ()a. t0.15 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)q的加速度達(dá)到正向最大b. t0.15 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)p的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向c. 從t0.10 s到t0.25 s，該波沿x軸正方向傳播了6 md. 從t0.10 s到t0.25 s，質(zhì)點(diǎn)p通過的路程為30 cm【答案】ab【解析】由圖乙y-t圖像知，周期t=0.20s，且在t=0.10s時(shí)q點(diǎn)在平衡位置沿y負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，可以推斷波沒x負(fù)方向傳播，所以c錯(cuò)；t=0.05s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)q圖甲所示正的最

20、大位移處，又因加速度方向與位移方向相反，大小與位移的大小成正比，所以此時(shí)q的加速度達(dá)到負(fù)向最大，所以a錯(cuò)（也可直接從圖乙y-t圖像分析得出）；t=0.10s到t=0.15時(shí)間內(nèi)，t=0.05s=t/4，p點(diǎn)從圖甲所示位置運(yùn)動(dòng)t/4時(shí)正在由正最大位移處向平衡位置運(yùn)動(dòng)的途中，速度沿y軸負(fù)方向，所以b對(duì)振動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)在t=1t內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為4a；t=t/2，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為2a；但t=t/4，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程不一定是1a；t=3t/4，質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程也不一定是3a本題中從t=0.10s到t=0.25s內(nèi)，t=0.15s=3t/4，p點(diǎn)的起始位置既不是平衡位置，又不是最大位移處，所以在3t/4時(shí)間內(nèi)的

21、路程不是30cm，d錯(cuò)16.如圖所示，真空中一半徑為r、質(zhì)量分布均勻的玻璃球，頻率一定的細(xì)激光束在真空中沿直線ab傳播，于玻璃球表面的b點(diǎn)經(jīng)折射進(jìn)入玻璃球，并在玻璃表面的d點(diǎn)又以折射進(jìn)入真空中，已知，玻璃球?qū)υ摷す馐恼凵渎蕿椋庠谡婵罩械膫鞑ニ俣葹閏。則下列說法正確的是（）a. 激光束在b點(diǎn)的入射角b. 激光束在玻璃球中穿越的時(shí)間c. 改變?nèi)肷浣?，光線能在射出玻璃球的表面時(shí)會(huì)發(fā)生全反射d. 改變?nèi)肷浣牵饩€能在射出玻璃球的表面時(shí)不可能發(fā)生全反射【答案】ad【解析】【詳解】a由幾何知識(shí)得激光束在在b點(diǎn)折射角為由折射定律代入數(shù)據(jù)解得即故a正確；b由幾何知識(shí)得激光束在玻璃球中穿越的距離為激光束在玻

22、璃球中傳播的速度為則此激光束在玻璃中穿越的時(shí)間為故b錯(cuò)誤；cd激光束從b點(diǎn)進(jìn)入玻璃球時(shí)，無論怎樣改變?nèi)肷浣牵赿點(diǎn)的入射角等于b點(diǎn)的折射角，根據(jù)光路可知性原理得知，光束不可能在d點(diǎn)發(fā)生全反射，一定能從d點(diǎn)折射射出玻璃球，故c錯(cuò)誤，d正確。故選ad。三、非選擇題（本題共2小題，共55分）17.某實(shí)驗(yàn)小組想測(cè)量木板對(duì)木塊的摩擦力所做的功。裝置如圖1，一木塊放在粗糙的水平長木板上，右側(cè)栓有一細(xì)線，跨過固定在木板邊緣的滑輪與重物連接，木塊左側(cè)與穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連，長木板固定在水平實(shí)驗(yàn)臺(tái)上。實(shí)驗(yàn)時(shí)，木塊在重物牽引下向右運(yùn)動(dòng)，重物落地后，木塊繼續(xù)向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，圖2給出了重物落地后打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打出的

23、紙帶，系列小黑點(diǎn)是計(jì)數(shù)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)（圖中未標(biāo)出），計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電頻率為，不計(jì)紙帶與木塊間的拉力。(1)可以判斷紙帶的_（左或右端）與木塊連接。根據(jù)紙帶提供的數(shù)據(jù)計(jì)算打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在打下點(diǎn)和點(diǎn)時(shí)木塊的速度_，_ 。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(2)要測(cè)量在段木板對(duì)木塊的摩擦力所做的功，還需要的實(shí)驗(yàn)器材是_，還應(yīng)測(cè)量的物理量是_。（填入所選實(shí)驗(yàn)器材和物理量前的字母）a木板的長度 b木塊的質(zhì)量 c木板的質(zhì)量d重物質(zhì)量 e木塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 f段的距離g天平 h秒表 j彈簧秤(3)在段木板對(duì)木塊的摩擦力所做的功的關(guān)系式=_。（用、和第(2)問中測(cè)得的物理量的字母表示

24、）【答案】 (1). 右端 (2). 0.72 (3). 0.97 (4). g (5). b (6). 【解析】【詳解】(1)1重物落地后，木塊由于慣性繼續(xù)前進(jìn)，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間距離逐漸減小，故紙帶向右運(yùn)動(dòng)，其右端連著小木塊；計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔2紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于該點(diǎn)前后相鄰兩個(gè)點(diǎn)間的平均速度，打點(diǎn)時(shí)木塊的速度3打點(diǎn)時(shí)木塊速度(2)45木塊在運(yùn)動(dòng)過程中，木板對(duì)木塊的摩擦力所做的功因此實(shí)驗(yàn)過程中還需要用天平測(cè)出木塊的質(zhì)量，因此需要的實(shí)驗(yàn)器材是g，需要測(cè)量的量是b。(3)6在木塊在運(yùn)動(dòng)過程中，木板對(duì)木塊的摩擦力所做的功18.有一個(gè)簡易的多用電表，內(nèi)部電路如圖所示。它有a、b、

25、c、d四個(gè)接線柱，表盤上有兩條刻度線，其中表示電阻的刻度線刻度是均勻的，表頭g的滿偏電流ig=25ma，內(nèi)阻rg=10。使用a、c兩個(gè)接線柱，多用電表的功能是量程為0100v的電壓表。（1）表盤上電阻刻度線上的相鄰兩刻度表示的電阻值之差越往左側(cè)越_（填“大”或“小”）。（2）如果使用a、b兩個(gè)接線柱，多用電表最多能夠測(cè)量_v的電壓，與接線柱c相連的電阻r=_。（3）將a、d兩個(gè)接線柱短接，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭，使表頭指針指向表盤右側(cè)“0”刻度。取一個(gè)電阻箱，將a、d兩個(gè)接線柱與電阻箱相連，調(diào)節(jié)電阻箱，使表頭指針指向表盤的正中央，此時(shí)電阻箱的電阻為120，則這只多用電表歐姆擋的內(nèi)阻為_；這只

26、多用電表內(nèi)電源的電動(dòng)勢(shì)為_v。（4）按照紅、黑表筆的一般使用規(guī)則，測(cè)電阻時(shí)紅表筆應(yīng)該與接線柱_（填“a”或“d”）相連?！敬鸢浮?(1). 大 (2). 0.25 (3). 3990 (4). 120 (5). 3v (6). a【解析】【詳解】（1）1由歐姆表原理可知，左側(cè)電阻大，所以越往左側(cè)，相鄰兩刻度表示的電阻值之差越大；（2）2使用a、b兩個(gè)接線柱時(shí)，多用電表為電流表，多用電表所能測(cè)的最大電壓，即為表頭的滿偏電壓3與接線柱c相連時(shí)是將表頭改成量程為0100v的電壓表，根據(jù)電壓的改裝原理，則有解得代入數(shù)據(jù)得=3990（3）45當(dāng)指針指在正中央時(shí)，表頭示數(shù)為，歐姆表中值電阻等于其內(nèi)阻，即1

27、20，根據(jù)閉合電路的歐姆定律，則電源電動(dòng)勢(shì)為代入數(shù)據(jù)解得（4）6按照多用電表紅、黑表筆的使用規(guī)則，黑表筆電勢(shì)要高于紅表筆電勢(shì)，所以紅表筆應(yīng)該與接線柱a相連。四、解答題（共1小題，滿分9分）19.某人在一超市購物，通過下坡通道時(shí)，不小心將購物車松開，購物車由靜止開始沿通道下滑，經(jīng)過0.5s的反應(yīng)時(shí)間后，該人開始勻加速追購物車，且人的最大速度為6m/s，則再經(jīng)過2s，該人追上購物車。已知通道可看作斜面，傾角為，購物車與通道之間的摩擦力等于購物車對(duì)通道壓力的，則人在加速過程中的加速度大小約為多少？（整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中空氣阻力忽略不計(jì)，重力加速度g取10m/s2，）【答案】3.13m/s2【解析】【詳解】

28、對(duì)小車受力分析知聯(lián)立以上式子，加速度則設(shè)人的加速度為a，加速到6m/s時(shí)間為t，則，即解得五、解答題（共3小題，滿分33分）20.如圖所示，為半徑的光滑圓弧軌道，下端恰好與小車右端平滑對(duì)接，小車質(zhì)量，車長，現(xiàn)有一質(zhì)量的滑塊，由軌道頂端無初速釋放，滑到端后沖上小車，已知地面光滑，滑塊與小車上表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，當(dāng)車運(yùn)行了時(shí)，車被地面裝置鎖定。（）。求：(1)滑塊剛到達(dá)端瞬間，軌道對(duì)它支持力的大??；(2)車被鎖定時(shí)，車右端距軌道端的距離；(3)從車開始運(yùn)動(dòng)到被鎖定的過程中，滑塊與車面間由于摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能大小?！敬鸢浮?1)30n；(2)1m；(3)6j【解析】【分析】(1)滑塊從光滑圓弧軌道過程

29、，只有重力做功，機(jī)械能守恒。經(jīng)過端時(shí)由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，根據(jù)機(jī)械能守恒定律和牛頓第二定律求解軌道的支持力。(2)根據(jù)牛頓第二定律分別求出滑塊滑上小車后滑塊和小車的加速度，由速度公式求出兩者速度所經(jīng)歷的時(shí)間，再求解車被鎖定時(shí)，車右端距軌道端的距離；(3)從車開始運(yùn)動(dòng)到被鎖定過程中，系統(tǒng)損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，求出滑塊相對(duì)于小車滑動(dòng)的距離，根據(jù)能量守恒定律求出內(nèi)能?！驹斀狻?1)滑塊從光滑圓弧軌道過程，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得解得滑塊經(jīng)過端時(shí)，由牛頓第二定律得解得(2)當(dāng)滑塊滑上小車后，由牛頓第二定律，對(duì)滑塊有解得對(duì)小車有解得設(shè)經(jīng)時(shí)間兩者達(dá)到共同速度，則有聯(lián)立解得由于，此時(shí)小車還未被

30、鎖定，兩者的共同速度兩者以共同速度運(yùn)動(dòng)時(shí)間為故車被鎖定時(shí)，車右端距軌道端的距離(3)從車開始運(yùn)動(dòng)到被鎖定的過程中，滑塊相對(duì)小車滑動(dòng)的距離所以系統(tǒng)損失的機(jī)械能即產(chǎn)生的內(nèi)能為21.如圖所示，在坐標(biāo)系xoy的第一、第三象限內(nèi)存在相同的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直于xoy面向里；第四象限內(nèi)有沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為e。一質(zhì)量為、帶電量為的粒子自y軸的p點(diǎn)沿x軸正方向射入第四象限，經(jīng)x軸上的q點(diǎn)進(jìn)入第一象限，隨即撤去電場(chǎng)，以后僅保留磁場(chǎng)。已知op=d，oq=2d，不計(jì)粒子重力。(1)求粒子過q點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向；(2)若磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為一定值b0，粒子將以垂直y軸的方向進(jìn)入第二象限，求b0；(3)若磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為另一確定值，經(jīng)過一段時(shí)間后粒子將再次經(jīng)過q點(diǎn)，且速度與第一次過q點(diǎn)時(shí)相同，求該粒子相鄰兩次經(jīng)過q點(diǎn)所用的時(shí)間?！敬鸢浮?1)，與x軸成45角斜向上； (2)；(3)【解析】【詳解】（1）設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為，加速度的大小為a，粒子的初速度為，過q點(diǎn)時(shí)速度的大小為v，沿y軸方向分速度的大小為，速度與x軸正方向間的夾角為，由牛頓第二定律得由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得，聯(lián)立以上各式，（2）設(shè)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，粒子在第一象限的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，為圓心，由幾何關(guān)系可知o1oq為等腰直角三角形，得由牛頓