四川省仁壽第二中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期7月月考試題

1、四川省仁壽第二中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期7月月考試題四川省仁壽第二中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期7月月考試題年級：姓名：- 14 -四川省仁壽第二中學(xué)2019-2020學(xué)年高二物理下學(xué)期7月月考試題（含解析）1.冠狀病毒疫情期間，口罩脫銷了，消毒酒精脫銷了，其實醫(yī)用的額溫槍也脫銷了，一槍難求，因為其快速測溫（1秒測溫），無接觸測溫的特點而成了名副其實的防疫物質(zhì)，其核心部件為一個傳感器，外部還有幾個按鍵，小型液晶屏，電池等構(gòu)成。額溫槍的核心部件是什么傳感器？（ ）a. 光傳感器b. 聲音傳感器c. 力傳感器d. 紅外溫度傳感器【答案】d【解析】【詳解】任何物體在高于絕對零

2、度以上時都會向外發(fā)出紅外線，額溫槍通過紅外溫度傳感器接收紅外線, 計算出溫度數(shù)據(jù)，所以，額溫槍的核心部件是紅外溫度傳感器，abc選項錯誤，d正確；故選擇:d。2.如圖所示交流電的電流有效值為（）a. 6ab. 4ac. 2ad. 4a【答案】b【解析】【詳解】由有效值的定義可得代入數(shù)據(jù)解得故b正確，acd錯誤。故選b3.下列說法正確的是（ ）a. 彈簧振子做受迫振動時，振動頻率大小與彈簧振子的固有頻率有關(guān)b. 當(dāng)狹縫寬度大于波長時，不會發(fā)生衍射現(xiàn)象c. 做簡諧振動的物體，加速度隨時間的變化規(guī)律符合正余弦函數(shù)變化規(guī)律d. 光的折射現(xiàn)象中，增大入射角，折射角一定增大，入射角與折射角成正比【答案】c

3、【解析】根據(jù)受迫振動的特點可知，彈簧振子做穩(wěn)定的受迫振動時，彈簧振子的頻率等于周期性驅(qū)動力的頻率，故a錯誤；當(dāng)狹縫寬度大于波長時，也會發(fā)生衍射現(xiàn)象；只不過不明顯，故b錯誤；簡諧振動的物體，受到的合外力與位移成正比，由其振動方程可知，其速度和加速度兩物理量隨時間的變化規(guī)律均符合正余弦函數(shù)變化規(guī)律，故c正確；根據(jù)折射定律得知：在光的折射現(xiàn)象中，入射角的正弦與折射角的正弦成正比故d錯誤故選c【點睛】受迫振動的振動的頻率等于周期性驅(qū)動力的頻率比光的波長大得多時，不會發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象根據(jù)簡諧振動的振動方程分析速度與加速度的變化根據(jù)折射定律分析折射角與入射角的關(guān)系4.如圖所示，一束可見光射向半圓形玻璃磚的

4、圓心0，經(jīng)折射后分為兩束單色光a和b.下列說法正確的是( )a. a光的頻率大于b光的頻率b. 逐漸增大入射角，b光最先發(fā)生全反射c. 在真空中，a光的波速大于b光的波速d. 玻璃對a光的折射率小于對b光的折射率【答案】a【解析】由可知，由于同一種介質(zhì)，頻率越高n越大，故，故a正確、d錯誤；由可知，故a光先反生全反射，故b錯誤；在真空中波速相同，故c錯誤綜上分析，a正確5.某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機通過升壓變壓器t1和降壓變壓器t2向r011 的純電阻用電器供電已知輸電線的總電阻r10 ，t2的原、副線圈匝數(shù)比為41，用電器兩端的電壓為u220sin 100t(v)，將t1、

5、t2均視為理想變壓器下列說法中正確的是a. 降壓變壓器的輸入功率為4400 wb. 升壓變壓器中電流的頻率為100 hzc. 輸電線消耗功率為250 wd. 當(dāng)用電器的電阻減小時，輸電線消耗的功率減小【答案】ac【解析】【分析】由題意可知考查高壓輸電規(guī)律，根據(jù)變壓器工作原理及輸電特點分析可得【詳解】由u220sin 100t(v)可知降壓變壓器的最大壓為220v，其有效值為220v，輸入功率為故a正確；升壓變壓器中電流的頻率等于降壓變壓器的頻率故b錯誤；取降壓變壓器分析，副線圈電流t2的原、副線圈匝數(shù)比為41，原、副線圈電流之比為1：4，所以輸電線路上的電流為i2=5a，輸電線消耗的功率為d當(dāng)

6、用電器的電阻減小時，降壓變壓器原副線圈電流都增大，輸電線路上電流增大，消耗的功率增大，故d錯誤【點睛】變壓器輸電線路中，輸入電壓決定輸出電壓，輸出電流、功率決定輸入電流、功率變壓器工作原理是互感現(xiàn)象，原、副線圈交流電的頻率不變6.如圖甲所示，為一列簡諧橫波在t0時刻的波形圖，p、q為介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，圖乙為質(zhì)點p的振動圖象，則（）a. t0.3s時，質(zhì)點q離開平衡位置的位移比質(zhì)點p的位移大b. t0.5s時，質(zhì)點q的速度大于質(zhì)點p的速度c. t0.5s時，質(zhì)點q的加速度小于質(zhì)點p的加速度d. 00.5s內(nèi)，質(zhì)點q運動的路程為0.5m【答案】bc【解析】【詳解】a.如圖乙，0.3s時，yp-0.

7、1m，質(zhì)點q不在最大位移處，則ypyq，故a錯誤.bc.0.5s時，yp0.1m，質(zhì)點q不在最大位移處，則vpvq，apaq，故b，c均正確.d.由質(zhì)點p的振動圖象可知，簡諧橫波沿x軸負(fù)方向傳播，00.4s內(nèi)質(zhì)點q運動的路程為0.4m，0.4s0.5s內(nèi)，質(zhì)點q回到起始位置并向下運動，運動的路程大于0.1m，則00.5s內(nèi)，質(zhì)點q運動的路程大于0.5m，故d錯誤.7.如圖甲所示，空間中存在垂直紙面的勻強磁場，取垂直紙面向里為正方向一圓形金屬線圈放在紙面內(nèi)，取線圈中感應(yīng)電流沿順時針方向為正某時刻開始計時，線圈中感應(yīng)電流如圖乙所示，則該勻強磁場磁感應(yīng)強度隨時間變化的圖線可能是丙圖中的a. b. c

8、. d. 【答案】bd【解析】【詳解】a.在0-1s時間內(nèi)，穿過線圈的磁通量先向外減小，后向里增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，則與題目中的i-t圖像不相符，選項a錯誤；b.在0-1s時間內(nèi)，穿過線圈的磁通量向外增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生順時針方向（正方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變；在1-2s時間內(nèi)磁通量不變，則感應(yīng)電流為零；在2- 4s時間內(nèi)，則穿過線圈的磁通量向外減小，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變且等于0-1s內(nèi)電流的一半；與題目中的i-t圖像相符，選項b正確；c.在0-1s時間內(nèi)，穿過線圈

9、的磁通量向里增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，則與題目中的i-t圖像不相符，選項c錯誤；d.在0-1s時間內(nèi)，穿過線圈磁通量向里減小，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生順時針方向（正方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變；在1-2s時間內(nèi)磁通量不變，則感應(yīng)電流為零；在2- 4s時間內(nèi)，則穿過線圈的磁通量向里增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變且等于0-1s內(nèi)電流的一半；與題目中的i-t圖像相符，選項d正確；8.如圖所示，mn、pq是兩條在水平面內(nèi)、平行放置的金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的右端接理想變壓器的原線圈，變壓器的副線圈與阻值

10、為r的電阻組成閉合回路，變壓器的原副線圈匝數(shù)之比n1n2 k，導(dǎo)軌寬度為l.質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab垂直mn、pq放在導(dǎo)軌上，在水平外力作用下做往復(fù)運動，其速度隨時間變化的規(guī)律是vvmsin(t)，范圍足夠大的勻強磁場垂直于軌道平面，磁感應(yīng)強度為b，導(dǎo)軌、導(dǎo)體棒、導(dǎo)線電阻不計，電流表為理想交流電表.則下列說法中正確的是()a. 導(dǎo)體棒兩端的最大電壓為blvmb. 電阻r上的電壓為c. 電流表的示數(shù)為d. 導(dǎo)體棒克服安培力做功功率為【答案】abd【解析】a、根據(jù)題意，電動勢的瞬時值表達(dá)式為：，則最大電動勢為：，故選項a正確；b、由于大電動勢為：，則電動勢的有效值為：，則副線圈兩端的電壓為：，則，故選

11、項b正確；c、則副線圈電流為：，在根據(jù)，則電流表讀數(shù)為，故選項c錯誤；d、根據(jù)能量守恒，導(dǎo)體棒克服安培力做功的功率等于電阻r的熱功率，故，故選項d正確三、非選擇題9.國慶同學(xué)在做“探究碰撞中的不變量”實驗中，所用裝置如圖甲所示，已知槽口末端在白紙上的投影位置為o點。回答以下問題：(1)實驗室的老師為國慶同學(xué)準(zhǔn)備了一些實驗儀器，本實驗中需要的是_。a.秒表 b.天平 c.刻度尺 d.打點計時器(2)為了完成本實驗，下列必須具備的實驗條件或操作步驟是_。a.斜槽軌道末端的切線必須水平 b.入射球和被碰球大小必須相同c.入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等 d.必須測出桌面離地的高度h(3)國慶同學(xué)在實驗中

12、正確操作，認(rèn)真測量，得出的落點情況如圖乙所示，則入射小球質(zhì)量和被碰小球質(zhì)量之比為_。(4)若兩球間的碰撞是彈性碰撞，入射小球質(zhì)量m1，被碰小球質(zhì)量m2，應(yīng)該有等式_成立。（用圖甲中標(biāo)注的字母符號表示）【答案】 (1). bc (2). ab (3). 32 (4). 【解析】【詳解】(1)1a.本實驗中由于平拋運動高度相同，運動時間相同，不需要測量時間，故a錯誤；b.驗證動量守恒，需要計算動量，需要測量質(zhì)量，故b正確；c.實驗中需要測量落點到拋出點的水平距離，故需要刻度尺，故c正確；d.實驗中不需要處理紙帶，不需要打點計時器，故d錯誤；故選bc。(2)2a. 實驗是通過平拋研究問題，故槽口末端

13、水平，故a正確；b. 兩球需要發(fā)生對心碰撞，則兩球大小需相同，故b正確；c. 入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1m2，防止碰后m1被反彈，故c錯誤；d.小球平拋運動時間相同，不需要測出桌面離地的高度，故d錯誤；故選ab。(3)3 p是入射球碰撞前的落點，m是入射球碰撞后的落點，n是被碰球碰撞后的落點，實驗需要驗證：m1v1=m1v1+m2v2兩邊同時乘以小球做平拋運動的時間t，得m1v1t=m1v1t+m2v2t結(jié)合平拋運動規(guī)律得代入數(shù)據(jù)解得m1：m2=3：2(4)4 小球發(fā)生彈性碰撞，碰撞過程中系統(tǒng)動量守恒、機械能也守恒，有可得：10.某實驗小組用單擺測量當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋瑢嶒炑b置如圖甲所示，

14、處理數(shù)據(jù)時取3 14（1）以下說法正確的是_a.擺球應(yīng)選擇體積小的、質(zhì)量大的b.細(xì)線伸縮性要盡量小，長度大約1mc.計時的起點和終點應(yīng)選擇擺球擺至最低點時d.擺球的最大擺角大約為45最好e.細(xì)線上端應(yīng)選擇如圖乙所示的懸掛方式（2）該實驗小組首先利用游標(biāo)卡尺測量擺球的直徑，如圖丙所示，則小球直徑d =_cm（3）用細(xì)線將擺球懸掛好后，該實驗小組又用刻度尺測得細(xì)線懸掛點到擺球上端的距離為1. 09 m；用秒表測得擺球完成30次全振動的時間為63. 0 s，根據(jù)測量的數(shù)據(jù)計算得出當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭 =_m/s2 （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）（4）為使實驗結(jié)果精確，該實驗小組通過改變擺長又做了多次實驗，用l

15、表示擺長，t表示振動周期，根據(jù)實驗數(shù)據(jù)做出的t2l圖象為一條過原點的直線，圖線的斜率k=4. 00s2/m，由圖象可得當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=_m/s2 （結(jié)果保留三位有效數(shù)字）【答案】 (1). （1）abc (2). （2）2. 00 (3). （3）9. 84 (4). （4）9. 86【解析】【詳解】第一空.該實驗中，要選擇細(xì)些的、伸縮性小些的擺線，長度要適當(dāng)長一些；和選擇體積比較小，密度較大的小球，故ab正確；計時的起點和終點應(yīng)選擇擺球擺至最低點時，誤差小，故c正確；拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5，故d錯誤；根據(jù)實驗的基本要求，擺球在擺動的過程中，懸線的長度不能變化，乙圖擺長變化，甲

16、圖擺長不變化，則選甲，故e錯誤；第二空.游標(biāo)卡尺是10分度的，其分度值為0.1mm，則圖示讀數(shù)為：20mm+00.1mm=20.0mm，故則小球直徑d=2.00cm；第三空.用秒表得擺球完成30次全振動的時間為63.0s，所以周期為t=s=2.1s擺長為l=（1.09+0.01）m=1.10m由周期公式得第四空.由周期公式得所以斜率為=4.00m/s2由圖象可得當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭9.86m/s211.真空中有一半徑為r=5cm，球心為o，質(zhì)量分布均勻的玻璃球，其過球心o的橫截面如圖所示一單色光束sa從真空以入射角i于玻璃球表面的a點射入玻璃球，又從玻璃球表面的b點射出已知aob=120，該光在玻

17、璃中的折射率為，光在真空中的傳播速度c=3108m/s，求：(1)入射角i的值；(2)該光束在玻璃球中的傳播時間t.【答案】(1) i=60 (2) t=510-10s【解析】【詳解】(1) 根據(jù)幾何關(guān)系可知： 由折射定律得： 解得： (2)由折射有：傳播時間： 解得：12.如圖所示，質(zhì)量m1=2kg的小車靜止在光滑的水平面上，現(xiàn)有質(zhì)量m2=0.5kg可視為質(zhì)點的物塊，以水平向的速度v0=10m/s從左端滑上小車，最后在車面上某處與小車保持相對靜止。物塊與車面間的動摩擦因數(shù)=0.5，取g=10m/s2，求（1）若物塊不能從小車上掉下，他們的共同速度多大；（2）要使物塊不從小車端滑出，小車至少多

18、長。【答案】（1）2m/s；（2）8m【解析】【詳解】（1）由題意知動量守恒，設(shè)物塊與小車的共同速度為v，以水平向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律有 解得（2）要使物塊恰好不從車廂滑出，須物塊到車面右端時與小車有共同的速度，由功能關(guān)系有代入數(shù)據(jù)解得l=8m13.如圖所示，固定的、電阻不計的平行金屬導(dǎo)軌與水平面成=53角，導(dǎo)軌間距為l1 m，上端接有電阻r3 ，整個裝置處于垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強磁場中，磁場強度為b1t質(zhì)量m0.2 kg、電阻r2的金屬桿垂直放置于導(dǎo)軌上，某時刻開始由靜止釋放金屬桿，經(jīng)過2s桿剛好勻速下滑已知桿與金屬導(dǎo)軌的動摩擦因數(shù)為=0.5，且下滑過程中桿與導(dǎo)軌始終垂直并保持良好接觸g10 m/s2，sin53=0.8，求：(1)桿勻速下滑時的速度大??；(2)前2s內(nèi)通過電阻r的電荷量；(3)前2s內(nèi)電阻r上產(chǎn)生的焦耳熱【答案】