浙江省高考數(shù)學第二輪復習 第3講 解答題題型特點與技法指導 文.doc

第3講解答題題型特點與技法指導高考解答題一般有六大方向：三角函數(shù)與平面向量、概率與統(tǒng)計、立體幾何、數(shù)列與不等式、解析幾何、不等式與函數(shù)及導數(shù)一般來說，前三題屬于中、低檔題，第四題屬中檔偏難題，后兩題屬難題三角函數(shù)與平面向量、概率與統(tǒng)計、立體幾何在前三題中出現(xiàn)的概率較高，掌握解這幾類題的解法是大多數(shù)學生成功的關鍵目前的高考解答題已經由單純的知識綜合型轉化為知識、方法和能力的綜合型解答題能否做好解答題，是高考成敗的關鍵1三角函數(shù)有關三角函數(shù)的大題即解答題，主要是考查基礎知識、基本技能和基本方法，且難度不大凸顯恒等變換與三角函數(shù)圖象、性質在三角形內考查主要考查以下4個方面：三角函數(shù)的圖象、性質、圖象變換，主要是yasin(x)b的圖象、性質及圖象變換，考查三角函數(shù)的概念、奇偶性、周期性、單調性、最值及圖象的平移和對稱等；三角恒等變換，主要考查公式的靈活運用、變換能力，一般需要運用和差角公式、倍角公式，尤其是對公式的應用與三角函數(shù)性質的綜合考查；三角函數(shù)性質的應用通過解三角形來考查三角恒等變形及應用三角函數(shù)性質的綜合能力；三角函數(shù)與平面向量、數(shù)列、不等式等知識的綜合問題【例1】已知向量a(cos xsin x，sin x)，b(cos xsin x,2cos x)，設函數(shù)f(x)ab(xr)的圖象關于直線x對稱，其中，為常數(shù)，且.(1)求函數(shù)f(x)的最小正周期；(2)若yf(x)的圖象經過點，求函數(shù)f(x)在區(qū)間上的取值范圍點評 利用向量的工具作用，與向量結合在一起命制綜合題，體現(xiàn)了在知識交匯點處命題的指導思想這類問題求解時，首先利用向量的運算，將向量式轉化為代數(shù)式，再進行有關的三角恒等變換，再研究三角函數(shù)的圖象與性質變式訓練1 (2012安徽高考，理16)設函數(shù)f(x)cossin2x.(1)求f(x)的最小正周期；(2)設函數(shù)g(x)對任意xr，有gg(x)，且當x時，g(x)f(x)求g(x)在區(qū)間，0上的解析式2立體幾何立體幾何是高中數(shù)學的主干知識之一，命題形式比較穩(wěn)定，主要考查：(1)三視圖：解答題中一般是根據(jù)三視圖還原幾何體模型，然后展開推理；(2)空間線面關系的判定和推理證明：主要是證明平行和垂直，求解這類問題要依據(jù)線面關系的判定定理和性質定理進行推理論證；(3)空間幾何量(空間角、空間距離、幾何體體積與面積)的計算：求解這類問題，常用方法是依據(jù)公理、定理以及性質等經過推理論證，作出所求幾何量并求之一般解題步驟是“作、證、求”【例2】(2012安徽八校一聯(lián)考，18)如圖，在多面體abdec中，ae平面abc，bdae，且acabbcae1，bd2，f為cd的中點(1)求證：ef平面abc；(2)求證：ef平面bcd；(3)求多面體abdec的體積點評 本題第(1)問是證明線面平行問題，證明直線與平面平行，往往通過證直線與直線平行來實現(xiàn)第(2)問是證線面垂直問題，往往轉化為證線線垂直來實現(xiàn)第(1)(2)問充分體現(xiàn)了問題的轉化思想第(3)問是幾何體的體積計算問題，需要把握錐體的體積計算公式變式訓練2 (2012廣東高考，文18)如圖所示，在四棱錐pabcd中，ab平面pad，abcd，pdad，e是pb的中點，f是dc上的點且dfab，ph為pad中ad邊上的高(1)證明：ph平面abcd；(2)若ph1，ad，fc1，求三棱錐ebcf的體積；(3)證明：ef平面pab3數(shù)列與不等式高考中數(shù)列解答題的求解主要有以下幾個特點：(1)與等差、等比數(shù)列基本量有關的計算，可根據(jù)題意列方程(方程組)或利用等差、等比數(shù)列的性質求解；(2)與求和有關的題目，首先要求通項公式，并根據(jù)通項公式選擇恰當?shù)那蠛头椒?如錯位相減法、裂項相消法、分組求和法等)；(3)含sn的式子，要根據(jù)題目特征利用an進行轉化；(4)與遞推數(shù)列有關的問題，要能合理轉化，使之構造出新的等差、等比數(shù)列；(5)與數(shù)列有關的不等式問題，可根據(jù)數(shù)列的特征選擇方法(如比較法、放縮法等)；(6)與函數(shù)有關的問題，應根據(jù)函數(shù)的性質求解【例3】(2012四川成都二診，20)已知數(shù)列an和bn，b11，且bn13bn2n2，記anbn1bn1，nn*.(1)證明：數(shù)列an為等比數(shù)列；(2)求數(shù)列an和bn的通項公式；(3)記，數(shù)列cn的前n項和為tn，若45tk29，kn*恒成立，求k的最大值點評 第(1)問考查了等比數(shù)列的證明，它是為第(2)、(3)問服務的第(2)問考查了求數(shù)列通項公式的常規(guī)方法第(3)問考查了數(shù)列的求和方法，是數(shù)列與不等式知識的綜合問題變式訓練3 (2012湖北八校二聯(lián)，19)各項為正數(shù)的數(shù)列an的前n項和為sn，且滿足：snaan(nn*)(1)求an；(2)設函數(shù)f(n)cnf(2n4)(nn*)，求數(shù)列cn的前n項和tn.4解析幾何解析幾何解答題主要考查圓錐曲線的基本概念、標準方程及幾何性質等基礎知識和處理有關問題的基本技能、基本方法，往往以中檔偏難題或以壓軸題形式出現(xiàn)，主要考查學生的邏輯推理能力、運算能力，考查學生綜合運用數(shù)學知識解決問題的能力突破解答題，應重點研究直線與曲線的位置關系，要充分運用一元二次方程根的判別式和韋達定理，注意運用“設而不求”的思想方法，靈活運用“點差法”解題，要善于運用數(shù)形結合思想分析問題，使數(shù)與形相互轉化，根據(jù)具體特征選擇相應方法【例4】已知橢圓1，點p是橢圓上異于頂點的任意一點，過點p作橢圓的切線l，交y軸于點a，直線l過點p且垂直于l，交y軸于點b試判斷以ab為直徑的圓能否經過定點，若能，求出定點坐標；若不能，請說明理由點評 直線與圓錐曲線的位置關系一直是命題的熱點，基本方法是聯(lián)立方程，利用判別式、根與系數(shù)關系求解，運算量一般較大，這類綜合題中常涉及的問題有弦長問題、面積問題、對稱問題、定點定值問題等，是歷年高考的熱點問題，復習時要注重通性通法的訓練變式訓練4 (2012山東高考，文21)如圖，橢圓m：1(ab0)的離心率為，直線xa和yb所圍成的矩形abcd的面積為8.(1)求橢圓m的標準方程；(2)設直線l：yxm(mr)與橢圓m有兩個不同的交點p，q，l與矩形abcd有兩個不同的交點s，t.求的最大值及取得最大值時m的值5函數(shù)與導數(shù)以函數(shù)為載體，以導數(shù)為工具，以考查函數(shù)性質及導數(shù)的應用為目標，以導數(shù)為工具圍繞函數(shù)、不等式、方程等綜合考查在知識的交匯處命題，涉及到具體內容較多，如給定解析式求參數(shù)值，給定條件求參數(shù)范圍，以及對參數(shù)討論與證明不等式問題，極值、最值、值域及分析圖象交點等問題，都以導數(shù)為工具既考查函數(shù)部分的相關知識，又滲透函數(shù)與方程、數(shù)形結合、化歸與轉化、分類與整合等數(shù)學思想【例5】(2012山東青島一模，21)已知函數(shù)f(x)x3x.(1)若不等式f(x)k2 005對于x2,3恒成立，求最小的正整數(shù)k；(2)令函數(shù)g(x)f(x)ax2x(a2)，求曲線yg(x)在(1，g(1)處的切線與兩坐標軸圍成的三角形面積的最小值點評 第(1)問是恒成立求參數(shù)范圍問題，常用分離參數(shù)求最值第(2)問考查了利用導數(shù)的幾何意義求切線方程，利用導數(shù)求最值問題變式訓練5 (2012廣西南寧一模，21)已知函數(shù)f(x)ax3bx2cxd是定義在r上的奇函數(shù)，其圖象過點和(2,2)(1)求出函數(shù)f(x)的解析式，并求f(x)的單調區(qū)間；(2)設g(x)f(x)5t，當實數(shù)t取何值時，關于x的方程g(x)0有且只有一個實數(shù)根？參考答案方法例析【例1】解：(1)因為f(x)sin2xcos2x2sin xcos xcos 2xsin 2x2sin.由直線x是yf(x)圖象的一條對稱軸，可得sin1，所以2k(kz)，即(kz)又，kz，所以k1，故.所以f(x)的最小正周期是.(2)由yf(x)的圖象過點，得f0，即2sin2sin，即.故f(x)2sin.由0x，有x，所以sin1，得12sin2，故函數(shù)f(x)在上的取值范圍為1，2【變式訓練1】解：(1)f(x)cossin2xsin 2x，故f(x)的最小正周期為.(2)當x時，g(x)f(x)sin 2x.故當x時，x.由于對任意xr，gg(x)，從而g(x)gsinsin(2x)sin 2x.當x時，x.從而g(x)g(x)sin2(x)sin 2x.綜合得g(x)在，0上的解析式為g(x)【例2】(1)證明：取bc的中點g，連接ag，fg.f，g分別為dc，bc的中點，fg綉db綉ea.四邊形efga為平行四邊形efag.又因為ef平面abc，ag平面abc，ef平面abc.(2)證明：因為ae面abc，bdae，db平面abc.又db平面bcd，平面abc平面bcd.又g為bc的中點且acabbc，agbc.ag平面bcd.又efag，ef平面bcd.(3)解：過c作chab，則ch平面abde且ch，vcabdes四邊形abdech.【變式訓練2】(1)證明：ab平面pad，ph面padphab，又phad，ad，ab平面abcd，adabaph平面abcd.(2)解：e是pb中點點e到面bcf的距離hph，三棱錐ebcf的體積vsbcfhfcadh1.(3)證明：取pa的中點為g，連接dg，eg.pdaddgpa，又ab平面pad，ab平面pab平面pad平面pab，又平面pad平面pabpa，dg平面paddg面pab，點e，g是棱pb，pa的中點eg綉ab，又df綉abeg綉dfdgef，得ef平面pab.【例3】(1)證明：bn13bn2n2，bn3bn12(n1)2，n2，nn*.兩式相減，得bn1bn3bn3bn12(n2，nn*)整理，得bn1bn13(bnbn11)(n2，nn*)，即an3an1(n2，nn*)數(shù)列an是公比為3的等比數(shù)列(2)解：b23，a13113.an3n(nn*)anbn1bn13n，bnbn113n1，bn1bn213n2，b2b1131.累加，得bnb1n11.bnn(nn*)(3)解：cn.tn.由45tk29得13590116.k8.又kn*，k的最大值為7，【變式訓練3】解：(1)由snaan，得：當n2時，sn1aan1.，化簡得：(anan1)(anan12)0.又數(shù)列an的各項為正數(shù)，當n2時，anan12.故數(shù)列an為等差數(shù)列，且公差為2.又a1s1aa1，解得a11，an2n1.(2)由分段函數(shù)f(n)可以得到：c1f(6)f(3)a35，c2f(8)f(4)f(2)f(1)a11；當n3，nn*時，cnf(2n4)f(2n12)f(2n21)2(2n21)12n11，故當n3時，tn51(221)(231)(2n11)6(n2)2nn.n1時，t15不滿足tn2nn；n2時，t2c1c26滿足tn2nn.故tn【例4】解：設點p(x0，y0)(x00，y00)，直線l的方程為yy0k(xx0)，代入1，整理得(34k2)x28k(y0kx0)x4(y0kx0)2120.xx0是方程的兩個相等實根，2x0，解得k.直線l的方程為yy0(xx0)令x0，得點a的坐標為.又1，4y3x12，點a的坐標為.又直線l的方程為yy0(xx0)，令x0，得點b的坐標為，以ab為直徑的圓方程為xx0，整理得x2y2y10.由得以ab為直徑的圓恒過定點(1,0)和(1,0)【變式訓練4】解：(1)設橢圓m的半焦距為c，由題意知所以a2，b1.因此橢圓m的方程為y21.(2)由整理得5x28mx4m240，由64m280(m21)8016m20，得m.設p(x1，y1)，q(x2，y2)，則x1x2，x1x2.所以|pq|(m)線段cd的方程為y1(2x2)，線段ad的方程為x2(1y1)不妨設點s在ad邊上，t在cd邊上，可知1m，s(2，m2)，d(2,1)，所以|st|sd|1(m2)(3m)，因此，令t3m(1m)，則m3t，t(3，2，所以，由于t(3，2，所以，因此當，即t時，取得最大值，此時m.不妨設點s在ab邊上，t在cd邊上，此時1m1，因此|st|ad|2，此時，所以當m0時，取得最大值.(3)不妨設點s在ab邊上，t在bc邊上，m1，由橢圓和矩形的對稱性知的最大值為，此時m.綜上所述，m或m0時，取得最大值.【例5】解：(1)f(x)x3x，令f(x)x210，解得x1.當x變化時，f(x)，f(x)的變化如下：x2(2，1)1(1,1)1(1,3)3f(x)00f(x)極大值極小值由上表可知：f(x)極大值f(1).又f(3)6，f(2).比較可得：當x2,3時，f(x)maxf(3)6.因為f(x)k2 005恒成立，所以k2 0056，即k2 011，所以最小的正整數(shù)k2 012.(2)g(x)f(x)ax2xx3ax2，則g(x)x2ax，所以g(1)1a.又因為g(1)a，所以切線方程為y(1a)(x1)令x0，得ya，令y0，得x，所以s.因為a2，則s，則s.所以s0，即s在2，)上單調遞增